Termodinâmica resolvido

88 PARTE I – TERMOLOGIA
Tópico 5
1 Você já deve ter notado que ao esfregar as mãos durante algum
tempo elas ficam mais quentes. Isso ocorre porque:
a) aumenta a circulação do sangue, elevando a produção de calor;
b) o movimento das mãos pode alterar a temperatura do ambiente,
devido ao atrito delas com o ar;
c) o trabalho mecânico realizado pelas forças de atrito existentes
entre as mãos se transforma em energia térmica, aumentando sua
temperatura;
d) durante o movimento, as mãos absorvem energia térmica do am-
biente, o que aumenta sua temperatura;
e) a diferença de polaridade existente entre a mão direita e a mão es-
querda provoca um aquecimento em ambas.
Resolução:
No deslizamento das mãos, as forças de atrito realizam trabalho, trans-
formando energia mecânica em energia térmica, que irá aquecê-las.
Resposta: c
2 Dos itens citados a seguir, qual é condição obrigatória para que
um gás realize trabalho?
a) Variação na pressão do gás.
b) Variação no volume do gás.
c) Variação na temperatura do gás.
d) Recebimento de calor do meio externo.
e) Ocorrência de uma reação de desintegração nuclear no gás, acom-
panhada de liberação de energia térmica.
Resolução:
Um sistema gasoso realiza trabalho quando o seu volume aumenta.
Resposta: b
3 A primeira coluna descreve uma transformação sofrida pelo
gás; a segunda contém a denominação utilizada para indicar essa
transformação.
(A) O gás realiza trabalho e sua
energia interna não varia.
(1) Compressão isotérmica.
(B) O gás tem sua energia interna
aumentada e não troca traba-
lho com o meio externo.
(2) Compressão adiabática.
(C) O gás não troca calor com o
meio externo, mas sua tem-
peratura aumenta.
(3) Aquecimento isométrico.
(D) O gás recebe trabalho e sua
energia interna não varia.
(4) Expansão isotérmica.
Em qual das alternativas as associações estão corretas?
a) A–1, B–2, C–3 e D–4.
b) A–4, B–2, C–1 e D–3.
c) A–4, B–3, C–2 e D–1.
d) A–3, B–1, C–4 e D–2.
e) A–2, B–4, C–1 e D–4.
Resolução:
A) Expansão isotérmica
B) Aquecimento isométrico
C) Compressão adiabática
O gás recebe energia em forma de trabalho.
D) Compressão isotérmica
Assim:
A → 4
B → 3
C → 2
D → 1
Resposta: c
4 (Enem) Considere as afirmações:
I. Calor e trabalho são formas de transferência de energia entre
corpos.
II. Calor é medido necessariamente em calorias, enquanto trabalho é
somente medido em joules.
III. Dez calorias valem aproximadamente 42 joules.
Pode-se afirmar que apenas:
a) I é correta.
b) II é correta.
c) III é correta.
d) I e II são corretas.
e) I e III são corretas.
Resolução:
I – Correta
Calor é energia térmica em trânsito.
Trabalho é energia mecânica em trânsito.
II – Incorreta
Tanto calor como trabalho podem ser expressos em calorias ou
joules.
III – Correta
1 cal Ӎ 4,18 J
Assim:
10 cal Ӎ 42 J
Resposta: e
5 A 1
a
Lei da Termodinâmica, aplicada a uma transformação ga-
sosa, se refere à:
a) conservação de massa do gás;
b) conservação da quantidade de movimento das partículas do gás;
c) relatividade do movimento de partículas subatômicas, que consti-
tuem uma massa de gás;
d) conservação da energia total;
e) expansão e contração do binômio espaço-tempo no movimento
das partículas do gás.
Resolução:
A Primeira Lei da Termodinâmica refere-se ao Princípio da Conserva-
ção da Energia aplicada à Termodinâmica.
Resposta: d

89Tópico 5 – Termodinâmica
6 E.R. Um gás perfeito sofre uma expansão, realizando um
trabalho igual a 200 J. Sabe-se que, no final dessa transformação, a
energia interna do sistema está com 60 J a mais que no início. Qual a
quantidade de calor recebida pelo gás?
Resolução:
A 1
a
Lei da Termodinâmica dá a relação entre as grandezas referi-
das no problema:
ΔU = Q – τgás
Do texto, sabemos que:
τgás
= +200 J (o sistema realizou trabalho)
ΔU = +60 J (a energia interna aumentou)
Assim, temos:
60 = Q – 200 ⇒ Q = 260 J
7 Uma porção de gás perfeito está confinada por um êmbolo
móvel no interior de um cilindro. Ao receber 20 kcal de calor do meio
externo, o êmbolo sobe e o gás realiza um trabalho equivalente a
12 kcal. Aplicando a 1
a
Lei da Termodinâmica, determine a variação
sofrida pela energia interna desse gás.
Resolução:
1
a
Lei da Termodinâmica:
Q = τ + ΔU
20 = 12 + ΔU
ΔU = 8 kcal
Resposta: 8 kcal
8 Um gás perfeito sofre uma expansão isotérmica ao receber do
ambiente 250 J de energia em forma de calor. Qual o trabalho realiza-
do pelo gás e qual sua variação de energia interna?
Resolução:
Isotérmica → temperatura constante:
ΔU = 0
1
a
Q = τ + ΔU
250 = τ + 0
τ = 250 J
Respostas: 250 J; zero
9 Analise as afirmativas a seguir:
(01) Um gás somente pode ser aquecido se receber calor.
(02) Pode-se aquecer um gás realizando-se trabalho sobre ele.
(04) Para esfriar um gás, devemos necessariamente retirar calor dele.
(08) Um gás pode receber calor do meio externo e sua temperatura
permanecer constante.
(16) Numa transformação adiabática de um gás, sua temperatura
pode diminuir.
Dê como resposta a soma dos números associados às afirmações
corretas.
Resolução:
(01) Incorreta
Um gás pode ser aquecido recebendo energia em forma de calor
ou de trabalho.
(02) Correta
(04) Incorreta
Basta o gás realizar trabalho, que sua energia interna diminuirá.
(08) Correta
Se um gás realizar trabalho equivalente à energia térmica recebi-
da, sua temperatura permanecerá constante.
(16) Correta
Na expansão adiabática, o gás realiza trabalho (volume aumenta),
não troca calor com o meio e sua temperatura diminui (a energia
interna diminui).
Resposta: 26
10 Numa expansão isobárica (pressão constante), o trabalho reali-
zado por um gás é tanto maior quanto:
a) maior a pressão e maior a variação de volume;
b) menor a pressão e maior a variação de volume;
c) maior a pressão e maior o volume;
d) menor a pressão e menor o volume;
e) maior a pressão e menor o volume.
Resolução:
Numa transformação isobárica, o trabalho trocado pelo sistema é de-
terminado por:
τp
= p ΔV
Assim, o trabalho é tanto maior quanto maiores forem p (pressão) e ΔV
(variação de volume).
Resposta: a
11 (Unitau-SP) Um gás está confinado em um cilindro provido de
um pistão. O gás é então aquecido, e o pistão é mantido fixo na posi-
ção inicial. Qual é a alternativa errada?
a) A pressão do gás aumenta.
b) O trabalho realizado pelo gás é cada vez maior.
c) A força que o gás exerce no pistão é cada vez maior.
d) O gás é mantido num volume constante.
e) A energia interna do gás é cada vez maior.
Resolução:
A alternativa errada é a b. Se o volume do gás se mantém constante,
não há trocas de trabalho com o meio externo.
Resposta: b
12 Determinada massa de gás perfeito sofre uma transformação,
saindo de um estado inicial A e passando para o estado final B, sem que
sua temperatura se altere. Essa transformação pode ser denominada:
a) isobárica; d) isotérmica;
b) isocórica; e) adiabática.
c) isovolumétrica;
Resolução:
Transformação gasosa a temperatura constante é denominada iso-
térmica.
Resposta: d

13 (FEI-SP) Numa transformação de um gás perfeito, os estados
final e inicial acusaram a mesma energia interna. Certamente:
a) a transformação foi cíclica.
b) a transformação foi isométrica.
c) não houve troca de calor entre o gás e o ambiente.
d) são iguais as temperaturas dos estados inicial e final.
e) não houve troca de trabalho entre o gás e o ambiente.
Resolução:
A única certeza que podemos ter é de que as temperaturas inicial e
final são iguais, pois U = 3
2
n R T.
Resposta: d
14 Analise as proposições dadas a seguir e dê como resposta o so-
matório dos números que correspondem às afirmativas corretas:
(01) A energia interna de dada massa de gás é função exclusiva de sua
temperatura.
(02) Numa expansão isobárica, a quantidade de calor recebida é me-
nor que o trabalho realizado.
(04) Numa transformação isocórica, a variação de energia interna do
gás é igual à quantidade de calor trocada com o meio exterior.
(08) Numa transformação adiabática, o gás não troca trabalho com o
meio externo.
(16) A energia interna de um sistema gasoso só não varia nas transfor-
mações adiabáticas.
(32) Numa expansão isobárica, a temperatura do gás aumenta.
Resolução:
(01) Correta.
(02) Incorreta — Numa expansão isobárica, o volume e a temperatu-
ra aumentam, enquanto a pressão permanece constante. Assim,
o calor recebido deve ser maior de que o trabalho realizado.
(04) Correta — Numa transformação isocórica, o volume permane-
ce constante e não há trocas de energia em forma de trabalho.
Q=ΔU
(08) Incorreta — Na transformação adiabática, não há troca de calor
com o meio externo.
(16) Incorreta — Na transformação adiabática, pode haver troca de
energia em forma de trabalho.
(32) Correta.
Resposta: 37
15 Um gás perfeito sofre uma expansão isobárica, sob pressão de
5,0N/m2
.Seuvolumeaumentade0,20m3
para0,60m3
.Qualfoiavaria-
ção de energia interna do gás se, durante a expansão, ele recebeu 5,0 J
de calor do ambiente?
Resolução:
τp
= p ΔV
Sendo:
ΔV = (6 – 3)ഞ = 3 · 10–3
m3
Então:
τp
= 5 · 104
· 3 · 10–3
(J)
τp
= 150 J
Resposta: 150 J
16 Um sistema gasoso ideal sofre uma transformação isobárica de
pressão igual a 5 · 104
N/m2
. Seu volume evolui de 3 L para 6 L. Determi-
ne o trabalho trocado com o meio externo.
Dado: 1 L = 1 dm3
= 10–3
m3
Resolução:
1
a
Q = τ + ΔU
Q = p ΔV + ΔU
5,0 = 5,0 · (0,60 – 0,20) + ΔU
5,0 = 2,0 + ΔU
ΔU = 3,0 J
Resposta: 3,0 J
17 Umgásidealmonoatômicoexpandiu-se,realizandoumtrabalho
sobre a vizinhança igual, em módulo, à quantidade de calor absorvida
por ele durante a expansão. Sabendo-se que a energia interna de um
gás ideal é proporcional a sua temperatura absoluta, pode-se afirmar
que, na transformação relatada acima, a temperatura absoluta do gás:
a) necessariamente aumentou;
b) necessariamente permaneceu constante;
c) necessariamente diminuiu;
d) aumentou ou permaneceu constante;
e) diminuiu ou permaneceu constante.
Resolução:
1
a
Q = τ + ΔU
Se: Q = τ
Então: ΔU = 0
Se não há variação de energia interna, a temperatura do gás mante-
ve-se constante.
Resposta: b
18 E.R. Um sistema gasoso ideal troca (recebe ou cede) com o
meio externo 150 cal em forma de calor. Determine, em joules, o tra-
balho trocado com o meio, em cada um dos casos:
a) expansão isotérmica;
b) compressão isotérmica;
c) aquecimento isométrico.
Dado: 1 cal = 4,18 J
Resolução:
Nas transformações isotérmicas, não há variação de temperatura e,
em consequência, a energia interna do sistema mantém-se constan-
te (ΔU = 0).
Da 1a
Lei da Termodinâmica, ΔU = Q – τgás
, vem:
Q = τgás
Então,seosistemarecebecalor,realizaumtrabalhodeigualvalor.Se
cede calor, é porque recebe igual quantidade de energia em forma
de trabalho.
a) Na expansão, o volume aumenta e o sistema realiza trabalho
(τgás
> 0), recebendo calor (Q > 0).
Daí, temos:
τgás
= Q = 150 cal

Transformando caloria em joule, vem:
τgás
= J Q ⇒ τgás
= 4,18 · 150
τgás
= 627 J
b) Na compressão, o volume diminui e o sistema recebe trabalho
(τgás
< 0), cedendo calor (Q < 0).
Daí, temos:
τgás
= Q = –150 cal
Transformando caloria em joule, vem:
τgás
= –627 J
c) Nas transformações isométricas, o volume permanece constante
e não há trabalho trocado com o meio externo.
Então:
τgás
= 0
19 Um sistema termodinâmico, constituído por um gás perfeito,
troca 400 cal de calor com o meio externo. Determine a variação de
energia interna do sistema, em cada um dos casos:
a) aquecimento isocórico;
b) resfriamento isométrico;
c) expansão isotérmica.
Resolução:
a) Aquecimento → sistema recebe calor
isocórico → volume constante (τ = 0)
Q = τ + ΔU
ΔU = Q = 400 cal
b) Resfriamento → sistema cede calor
isométrico → volume constante (τ = 0)
Q = τ + ΔU
ΔU = Q = –400 cal
O sinal negativo indica que o calor foi cedido.
c) Expansão → aumento de volume
isotérmica → temperatura constante (ΔU = 0)
ΔU = 0
Respostas: a) 400 cal; b) –400 cal; c) Zero
20 Numa transformação termodinâmica, um gás ideal troca com
o meio externo 209 J em forma de trabalho. Determine, em calorias, o
calor que o sistema troca com o meio externo, em cada um dos casos:
a) expansão isotérmica;
b) compressão isotérmica;
c) expansão adiabática.
Resolução:
τ = 209
4,18
cal = 50 cal
a) Expansão → aumento de volume (τ Ͼ 0)
Q = τ + ΔU
Q = τ = 50 cal
b) Compressão → diminuição de volume (τ Ͻ 0)
Q = τ = –50 cal
c) Expansão → aumento de volume (τ Ͼ 0)
adiabática → sem trocar calor com o meio externo (Q = 0)
Q = 0
Respostas: a) 50 cal; b) –50 cal; c) Zero
21 Leia com atenção e identifique a alternativa correta.
a) Numa compressão isotérmica de um gás perfeito, o sistema não
troca calor com o meio externo.
b) Numa compressão isotérmica de um gás perfeito, o sistema cede
um valor de calor menor que o valor do trabalho que recebe.
c) Numa compressão isotérmica de um gás perfeito, sempre ocorre
variação da energia interna do gás.
d) Numa compressão isotérmica de um gás perfeito, o sistema realiza
trabalho; portanto, não recebe calor.
e) Numa compressão isotérmica de um gás perfeito, o sistema recebe
trabalho, que é integralmente transformado em calor.
Resolução:
a) Incorreta
Isotérmica → ΔU = 0
Assim:
Q = τ + ΔU
Q = τ ≠ 0
Compressão → sistema recebe trabalho
b) Incorreta
Q = τ , pois ΔU = 0
c) Incorreta
Isotérmica → ΔU = 0
d) Incorreta
Compressão → o sistema recebe trabalho
e) Correta
Resposta: e
22 (Uﬂa-MG) A Termodinâmica faz nítida distinção entre o objeto
de seu estudo, chamado sistema, e tudo aquilo que o envolve e pode
interagir com ele, chamado meio. Considere um sistema constituído
por certa quantidade de um gás ideal contido em um recipiente de
paredes móveis e não-adiabáticas e indique a alternativa incorreta.
a) Para que o gás realize uma expansão isobárica, é necessário que o
sistema receba certa quantidade de calor do meio.
b) Para que o gás sofra uma expansão isotérmica, é necessário que o
sistema receba calor do meio, o qual é convertido em trabalho.
c) Emumacompressãoadiabáticadogás,omeiorealizatrabalhosobre
o sistema, com consequente aumento da energia interna do gás.
d) Paraqueogássofraumaumentodepressãoavolumeconstante,éne-
cessárioqueosistemarejeitecertaquantidadedecalorparaomeio.
e) Em uma compressão isobárica, o gás tem sua temperatura e sua
energia interna diminuídas.
Resolução:
Para que o gás sofra aumento de pressão a volume constante, é neces-
sário que o sistema receba calor do meio.
Resposta: d

23 (Enem) Um sistema termodinâmico cede 200 J de calor ao am-
biente, enquanto sobre o sistema se realiza trabalho de 300 J. Nessas
condições, a variação de sua energia interna é, em joules, de:
a) –500. b) –100. c) 100. d) 250. e) 500.
Resolução:
Q = τ + ΔU
– 200 = – 300 + ΔU
ΔU = + 100 J
Resposta: c
24 (UFMS) Um cilindro, fechado por um êmbolo, encerra o volume
de 1,0 · 10–2
m3
de um gás ideal à pressão de 2,0 · 105
Pa. O sistema re-
cebe de uma fonte quente 5,0 · 103
J de calor. O êmbolo desloca-se de
modo que o volume do gás seja duplicado num processo isobárico.
Ao final do processo, pode-se afirmar que:
(01) não houve qualquer variação da energia interna do sistema.
(02) o calor fornecido pela fonte quente foi totalmente armazenado
sob a forma de energia interna do sistema.
(04) o trabalho realizado pelo sistema sobre o meio foi de 2,0 · 103
J.
(08) o aumento da energia interna do sistema foi de 3,0 · 103
J.
(16) o calor fornecido pela fonte quente foi totalmente transformado
em trabalho realizado pelo sistema sobre o meio.
corretas.
Resolução:
(01) Incorreta
Se o volume duplicou → ΔV = V0
= 1,0 · 10–2
m3
Portanto:
τp
= p ΔV = 2,0 · 105
· 1,0 · 10–2
J
τp
= 2,0 · 103
J
Da 1a
Lei da Termodinâmica, temos:
ΔU = Q – τ
ΔU = 5,0 · 103
– 2,0 · 103
J
ΔU = 3,0 · 103
J
A energia interna do gás aumentou, provocando aumento da
sua temperatura.
(02) Incorreta.
Uma parcela do calor recebido pelo gás retorna ao meio externo
em forma de trabalho.
(04) Correta.
τp
= p ΔV = 2,0 · 105
· 1,0 · 10–2
(J)
τp
= 2,0 · 103
J
(08) Correta.
ΔU = Q – τ
ΔU = 5,0 · 103
– 2,0 · 103
J
ΔU = 3,0 · 103
J
(16) Incorreta.
Uma parcela do calor recebido é utilizada para aumentar a ener-
gia interna do gás.
Portanto, a soma dos números correspondentes às afirmações verda-
deiras é 12.
Resposta: 12
25 E.R. Um gás perfeito sofre uma expansão isobárica, trocando
com o meio externo 500 cal em forma de calor e 300 cal em forma de
trabalho. Determine a variação da energia interna do sistema.
Resolução:
Como o gás sofre uma expansão, seu volume aumenta e ele realiza
trabalho (τgás
= +300 cal).
Da Equação de Clapeyron para os gases perfeitos, p V = n R T, ob-
servamos que, sendo isobárica (p = cte) a transformação, quando o
volume aumenta, a temperatura absoluta também aumenta, provo-
cando aumento de energia interna (ΔU > 0).
Daí concluirmos que o sistema recebe calor (Q = +500 cal), que será
parcialmente transformado em trabalho realizado, sendo o restante
usado para aumentar a energia interna do sistema.
Portanto, da 1a
Lei da Termodinâmica, ΔU = Q – τgás
, vem:
ΔU = 500 – 300
ΔU = +200 cal
O sinal positivo indica que houve aumento na energia interna do
sistema.
26 (UFMG) Em uma transformação isobárica de um gás perfeito,
mantido a 2,0 · 105
N/m2
de pressão, forneceram-se 1500 J de calor e
provocou-se um aumento de volume de 3,0 litros. Em joules, qual foi a
variação da energia interna do gás?
Resolução:
τp
= p ΔV
τp
= 2,0 · 105
· 3,0 · 10–3
(J)
τp
= 600 J
Assim:
Q = τ + ΔU
1500 = 600 + ΔU
ΔU = 900 J
Resposta: 900 J
27 (UFBA) Para aquecer lentamente o gás contido em um recipien-
te provido de êmbolo móvel, utiliza-se o sistema de banho-maria, con-
forme a figura abaixo.
Fonte térmica

Considerando-se que os pesos são mantidos sobre o êmbolo, o gás,
ao expandir-se:
(01) desloca o êmbolo com velocidade constante.
(02) sofre acréscimo de energia interna.
(04) mantém sua pressão constante.
(08) tem seu estado termodinâmico descrito exclusivamente pela
temperatura.
(16) converte integralmente em trabalho o calor recebido da fonte
térmica.
corretas.
Resolução:
(01) Correta — A expansão do gás se processa a pressão praticamen-
te constante.
(02) Correta — A temperatura do gás aumenta.
(04) Correta — A transformação é uma expansão isobárica.
(08) Incorreta
(16) Incorreta — O calor recebido é utilizado para aquecimento do
gás e para realização de trabalho.
Resposta: 07
28 Um estudante manuseava uma bomba manual (metálica) de
encher bola de futebol. Mantendo o orifício de saída do ar tapado com
seu dedo, ele comprimia rapidamente o êmbolo e observava que o ar
dentro da bomba era aquecido.
Das afirmativas a seguir, qual você usaria para explicar o fenômeno
descrito?
a) Quando se comprime um gás, sua temperatura sempre aumenta.
b) Quando se comprime rapidamente um gás, facilita-se a troca de
calor entre o ar que está dentro da bomba e o meio externo.
c) Devido à rapidez da compressão, o ar que está dentro da bomba
não troca calor com o meio externo; assim, o trabalho realizado
provoca aumento da energia interna desse ar.
d) A compressão rápida do ar foi feita isobaricamente, provocando
aumento na velocidade de suas partículas.
e) O fenômeno descrito é impossível de ocorrer, pois, sendo o corpo
da bomba metálico, qualquer energia que seja fornecida para o ar
interno será imediatamente transferida para o meio externo.
Resolução:
O ar, sendo comprimido rapidamente, não troca calor com o meio
externo (compressão adiabática); assim, a energia recebida em forma
de trabalho será utilizada para aumento da energia interna do sistema
(aquecimento).
Resposta: c
29 (UEM-PR)Umexperimentoparasedeterminarseaenergiainter-
na de um gás ideal depende ou não do volume foi realizado por Joule
(1818-1889). O sistema utilizado por ele está esquematizado na figura
a seguir. No estado inicial, o compartimento da esquerda está cheio de
gáseodadireitaestáevacuado.Osdoiscompartimentosestãoligados
por uma torneira que, no início do experimento, está fechada. O siste-
ma todo está termicamente isolado das suas vizinhanças por paredes
rígidas, de modo que não há troca térmica entre o sistema e o exterior.
Quando a torneira é aberta, o gás escoa para o compartimento evacua-
do e, consequentemente, não realiza trabalho. Depois de certo tempo,
o gás atinge o equilíbrio termodinâmico com o sistema. Baseado na
primeira lei da termodinâmica e na equação dos gases ideais, ao final
do experimento, Joule conclui, corretamente, que:
01) o volume ocupado pelo gás diminui.
02) a temperatura do gás diminui.
04) a pressão exercida pelo gás diminui.
08) a energia interna do gás diminui.
16) o número de mols do gás diminui.
32) não é fornecido calor ao gás.
Sistema no estado inicial
corretas.
Resolução:
(01) Incorreta — O volume ocupado pelo gás aumenta.
(02) Incorreta — Como na expansão o gás não realizou trabalho (ex-
pansão livre), a energia interna permaneceu constante e a tem-
peratura não sofreu alteração.
(04) Correta — Se o volume aumenta, a temperatura se mantém
constante, então a pressão do gás diminui.
(08) Incorreta — Na expansão livre, a energia interna do gás não so-
fre alteração.
(16) Incorreta — O total de partículas na parte interna se mantém
constante.
(32) Correta.
Resposta: 36
30 (Unesp-SP) Um pistão com êmbolo móvel contém 2 mol de
O2
e recebe 581 J de calor. O gás sofre uma expansão isobárica na
qual seu volume aumentou de 1,66 ᐉ, a uma pressão constante de
105
N/m2
.Considerandoquenessascondiçõesogássecomportacomo
gás ideal, utilize R = 8,3 J/mol · K e calcule:
a) a variação de energia interna do gás;
b) a variação de temperatura do gás.
Resolução:
a) Usando a 1a
Lei da Termodinâmica, temos:
Q = τ + ΔU
Numa expansão isobárica (pressão constante), o trabalho (τ) reali-
zado pelo gás é determinado por:
τp
= p ΔV
Assim,
Q = p ΔV + ΔU
581 = 105
· 1,66 · 10–3
+ ΔU
ΔU = 581 – 166 (J)
ΔU = 415 J
b) Usando a Equação de Clapeyron, nessa expansão isobárica, temos:
p ΔV = n R ΔT
105
· 1,66 · 10–3
= 2 · 8,3 · ΔT
ΔT = 10 K ou ΔT = 10 °C
Respostas: a) 415 J; b) 10 K ou 10 °C

31 O diagrama pressão ϫ volume a seguir mostra uma transforma-
ção isotérmica sofrida por 1 mol de gás perfeito.
Pressão
Volume
A
B
pA
pB
VA
VB
A área destacada mede:
a) a variação de pressão do gás;
b) a variação de energia interna do gás;
c) o trabalho realizado pelo gás;
d) o calor cedido pelo gás;
e) o calor específico do gás medido à temperatura constante.
Resolução:
A área destacada mede o trabalho trocado entre o sistema gasoso e o
meio externo.
[área] =
N
τ
Resposta: c
32 E.R. Um gás perfeito passa do estado representado por A, no
gráfico, para os estados representados por B e C:
B
A
C
V (m3
)0 0,1 0,2
p (N/m2
)
30
10
Determine o trabalho realizado pelo gás, em joules, nas transfor-
mações:
a) A para B; b) B para C; c) ABC.
Resolução:
a) Na transformação AB, não há troca de trabalho com o meio exter-
no, pois o volume do sistema mantém-se constante:
τAB
= 0
b) Na transformação BC, o trabalho realizado (o volume do sistema
aumenta) pelo gás é igual à “área” sob o gráfico:
B
A
C
“Área” = τBC
τBC
= 30 · (0,2 – 0,1)
V (m3
)0,1 0,2
p (N/m2
)
30
10
0
τBC
= 3 J
c) O trabalho total na transformação ABC é a soma algébrica dos
trabalhos nas transformações AB e BC. Assim:
τABC
= τAB
+ τBC
⇒ τABC
= 0 + 3
τABC
= 3 J
33 Um gás perfeito sofre a transformação ABC indicada no diagra-
ma pressão (p) ϫ volume (V) a seguir:
p (N/m2
)
V (m3
)
A
B
400
200
C
42 6
300
0
Determine o trabalho do sistema nas transformações:
a) A para B; b) B para C; c) ABC.
Resolução:
a) τAB
=
N
[área]B
A
τAB
=
(400 + 200) · (6 – 2)
2
(J)
τAB
= 1200 J
b) τBC
= 0
O volume do gás permanece constante.
c) τABC
= τAB
+ τBC
τABC
= 1200 + 0
τABC
= 1200 J
Respostas: a) 1200 J; b) zero; c) 1200 J
34 (PUC-SP)Ográficopressão(p)ϫvolume(V)representaastrans-
formações AB e BC experimentadas por um gás ideal:
p (N/m2
)
A
B C
20
30
10
V (m3
)1 30
Qual o trabalho mecânico realizado pelo gás durante a expansão de A
até C? Dê a resposta em joules.
Resolução:
τ =
N
[área]
τABC
= τAB
+ τBC
τABC
=
(30 + 10) · 1
2
+ 30 · (3 – 1) (J)
τABC
= 20 + 60 (J)
τABC
= 80 J
Resposta: 80 J

35 Noprocessoisobáricoindicadonográfico,umgásperfeitorece-
beu 3000 J de energia do ambiente.
p (Pascal)
V (m3
)
15
20 60
30
0 40
A B
Que variação ocorreu na energia interna desse gás?
Resolução:
τ =
N
[área]
τAB
= 30 · (60 – 20) (J)
τAB
= 1200 (J)
Q = τ + ΔU
3000 = 1200 + ΔU
ΔUAB
= 1800 J
Resposta: 1800 J
36 Uma amostra de gás perfeito recebe de uma fonte térmica 200 J
de energia em forma de calor, expandindo-se isobaricamente, confor-
me indica o gráfico a seguir, indo do estado A para o estado B.
Qual a variação da energia interna do gás para essa transformação?
Resolução:
τAB
=
N
[área]
τAB
= 20 · (5 – 1) (J)
τAB
= 80 (J)
Q = τ + ΔU
200 = 80 + ΔU
ΔUAB
= 120 J
Resposta: 120 J
37 Um sistema termodinâmico constituído de certa massa de gás
perfeito recebe calor de uma fonte térmica, num total de 8500 J. Em
consequência, o gás se expande, sofrendo a transformação AB repre-
sentada no diagrama pressão (p) ϫ volume (V) a seguir:
p (N/m2
)
V (m3
)
A
300
2,0 6,0
B
800
0
A respeito da transformação AB, responda:
a) Qual é o trabalho do sistema? É trabalho realizado ou recebido?
Justifique.
b) Qual é a variação de energia interna? A energia interna aumentou
ou diminuiu? Justifique.
Resolução:
a) τ =N
[área]
τAB
=
(800 + 300) · (6,0 –2,0)
2
(J)
τAB
= 2200 J
Como o volume do gás aumentou, ele realizou trabalho.
b) ΔUAB
= UB
– UA
ΔUAB
=
3
2
PB
VB
–
3
2
PA
VA
ΔUAB
=
3
2
(800 · 6,0 –300 · 2,0) (J)
ΔUAB
= 6300 J
A energia interna do gás aumentou, pois sua temperatura também
aumentou.
Respostas: a) Realizado, 2200 J; b) Aumentou, 6300 J
38 Uma amostra de gás perfeito sofre uma transformação cíclica
ABCDA, conforme está representado no diagrama.
V (m3
)
B
1 3
C
0 2
A D
p (N/m2
)
2
4
6
Qual o trabalho, em joules, realizado pelo gás?
Resolução:
τciclo
=
N
[área interna]
Assim:
τABCDA
= (6 – 2) · (3 – 1) (J)
τABCDA
= 8 J
Resposta: 8 J
39 (PUC-MG) A transformação cíclica representada no diagrama a
seguir mostra o que ocorreu com uma massa de gás perfeito.
p (105
N/m2
)
V (ᐉ)
2
5 150 10
4
20
Qual o trabalho realizado por esse gás em cada ciclo? Dê a resposta
em joules.

Resolução:
τciclo
=
N
[área interna]
Atenção que:
1 ഞ = 1 dm3
= 10–3
/m3
Assim:
τciclo
=
[(20 – 5) + (20 – 10)] · 10–3
· (4 – 2) · 105
2
(J)
τciclo
= 2,5 · 103
J
Resposta: 2,5 · 103
J
40 (Fatec-SP) Um sistema termodinâmico, constituído de certa
massa de gás perfeito, realiza a cada segundo 100 ciclos ABCDA. O dia-
grama a seguir mostra a evolução de um ciclo ABCDA.
p (105
Pa)
B
1,0
C
2,0
A D
V (cm3
)1,0 2,0 3,00
Qual a potência desse sistema? Dê a resposta na unidade watt.
Resolução:
τciclo
=
N
[área interna]
τciclo
= (20 – 1,0) · 105
· (3,0 – 1,0) · 10–6
(J)
τciclo
= 0,2 J
Portanto:
Pot = ␶
⌬t
=
100 · 0,2
1
(W)
Pot = 20 W
Resposta: 20 W
41 (Unip-SP) O gráfico a seguir representa a pressão em função do
volume para 1 mol de um gás perfeito:
p
A
a
B
4a
Vb 4b0
O gás vai do estado A para o estado B segundo a transformação indica-
da no gráfico. Indique a opção correta:
a) A transformação indicada é isotérmica.
b) Aáreaassinaladanafiguramedeavariaçãodeenergiainternadogás.
c) Na transformação de A para B o gás recebe um calor Q, realiza um
trabalho ␶, de modo que |Q| = |τ|.
d) A transformação de A para B é adiabática porque não houve acrés-
cimo de energia interna do gás.
e) Aáreaassinaladanafiguranãopodeserusadaparasemedirocalor
recebido pelo gás.
Resolução:
a) Incorreta.
Apesar de as temperaturas inicial (TA
) e final (TB
) serem iguais, as
temperaturas intermediárias são diferentes.
b) Incorreta.
[área] =
N
τ
c) Correta.
Se TA
= TB
, temos ΔUAB
= 0
Assim: |Q| = |τ|
d) Incorreta.
O sistema recebe calor, que é transformado em trabalho.
e) Incorreta.
[área] =
N
τ e | τ| = |Q|
Resposta: c
42 E.R. Um gás perfeito monoatômico sofre o conjunto de trans-
formações indicadas no esquema:
p
B
p
C
A
D
p
2
VV 3V0 2V 4V
a) Sendo T a temperatura absoluta do gás em A, qual é a sua tempe-
ratura em D?
b) Sendo n o número de mols e R a constante universal dos gases
perfeitos, qual é a variação de energia interna do gás ao passar do
estado A para o D?
c) QualéarazãoentreostrabalhosdogásnastransformaçõesABeCD?
Resolução:
a) Como o número de mols do gás não varia, podemos aplicar a Lei
geral dos Gases Perfeitos:
pA
VA
TA
=
pD
VD
TDAssim, temos:
p V
T
=
p
2
2V
TD
⇒ TD
= T
b) Como as temperaturas TA
e TD
são iguais, concluímos que a varia-
ção de energia interna é nula:
ΔUAD
= 0
c) Na transformação AB, o volume aumenta e o sistema realiza tra-
balho (τAB
> 0) igual à “área” encontrada sob o gráfico:
τAB
= +p V
Na transformação CD, o volume diminui e o sistema recebe traba-
lho (τCD
< 0) igual a:
τCD
= –
p
2
2V ⇒ τCD
= –p V
Assim, a razão entre esses trabalhos é dada por:
τAB
τCD
=
+p V
–p V
= –1 ⇒
τAB
τCD
= –1

43 Um sistema gasoso ideal, ao receber 293 cal, evolui do estado A
para o estado D, conforme o gráfico:
p (103
N/m2
)
V (m3
)
B
D
0,1
C
0 0,3 0,5
0,5
1,0
1,5
A
Determine:
a) o trabalho do gás em cada transformação: AB, BC e CD;
b) a variação da energia interna na transformação ABCD;
c) a temperatura do gás no ponto D, sabendo que no ponto C era de
–3 °C.
Resolução:
a) τAB
= 0
O volume do gás permaneceu constante de A para B.
τBC
=
N
[área]C
B
τBC
= 1,5 · 103
· (0,3 – 0,1) (J)
τBC
= 300 J
τCD
=
N
[área]D
C
τCD
= (1,5 · 103
+ 1,0 ·103
) · (0,5 – 0,3)
2
(J)
τCD
= 250 J
b) 1a
Q = τ + ΔU
293 · 4,18 = (0 + 300 + 250) + ΔU
ΔU Ӎ 675 J
c) Lei geral dos Gases:
pD
VD
TD
=
pC
VC
TC
1,0 · 103
· 0,5
TD
=
1,5 · 103
· 0,3
(–3 + 273)
⇒ TD
= 300 K = 27 °C
Respostas: a) Zero, 300 J, 250 J; b) 675 J; c) 27 °C
44 (Mack-SP) Uma amostra de gás perfeito sofre uma transforma-
ção isobárica sob pressão de 60 N/m2
, como ilustra o diagrama. Admita
que, na transformação, o gás recebe uma quantidade de calor igual a
300 J.
V (m3
)
T (K)
P
100
Q
0
1
3
300
Qual foi a variação da energia interna do gás?
Resolução:
A resolução pode ser feita de duas maneiras:
1a
maneira:
ΔU = UQ
– UP
Como, para um gás perfeito, vale a relação:
U = 3
2
n R T = 3
2
p V
temos:
ΔU = 3
2
p V
Q
– 3
2
p V
P
ΔU = 3
2
p ΔV = 3
2
· 60 · (3 – 1)
ΔU = 180 J
2a
maneira:
1a
Lei da Termodinâmica
ΔU = Q – τ ⇒ ΔU = Q – p ΔV ⇒ ΔU = 300 – 60 · (3 – 1)
ΔU = 300 – 120
ΔU = 180 J
Resposta: 180 J
45 (Unicamp-SP) Um mol de gás ideal sofre a transformação
A → B → C indicada no diagrama pressão ϫ volume da figura:
p (atm)
V (L)
Isoterma
8,0
B
0
3,0
10,0
A
C
a) Qual é a temperatura do gás no estado A?
b) Qual é o trabalho realizado pelo gás na expansão A → B?
c) Qual é a temperatura do gás no estado C?
Dados: R (constante dos gases) = 0,082 atm L/mol K ou
R = 8,3 J/mol K
Resolução:
a) Em A:
Equação de Clapeyron:
p V = n R T
3,0 · 8,0 = 1 · 0,082 TA
TA
Ӎ 293 K
b) τAB
=
N
[área]
τAB
= 3,0 · 105
· (10,0 – 8,0) · 10–3
τAB
= 6,0 · 102
J
c) TC
= TA
(estão na mesma isoterma)
TC
Ӎ 293 K
Respostas: a) 293 K; b) 6,0 · 10² J; c) 293 K

46 E.R. Certa massa de gás ideal desenvolve o ciclo indicado na
figura:
p (atm)
V (L)
B
2
1
5
0
10
A
C
Determine:
a) o trabalho realizado pelo gás ao percorrer o ciclo uma vez;
b) a potência desenvolvida, sabendo que a duração de cada ciclo é
de 0,5 s;
c) o ponto onde a energia interna do sistema é máxima e onde é
mínima.
Dados:1 atm = 105
N/m2
;
1 L = 1 dm3
= 10–3
m3
.
Resolução:
a) Num ciclo, o trabalho do sistema é igual a sua “área” interna:
τABC
=
5 L 1 atm
2
=
5 · 10–3
m3
· 1 · 105 N
m2
2
τABC
= 250 J
Como o ciclo tem sentido horário, o sistema realiza trabalho e seu
sinal é positivo.
b) A potência desenvolvida é dada por:
Pot = τ
Δt
⇒ Pot = 250 J
0,5 s
⇒ Pot = 500 W
c) Como a energia interna de um gás ideal é função de sua tempera-
tura, podemos afirmar:
I. A energia interna é mínima onde a temperatura também é mí-
nima.
Da Equação de Clapeyron, p V = n R T, observamos que a tem-
peratura absoluta de um gás perfeito é mínima onde o produto
pressão ϫ volume é mínimo.
Assim, do gráfico temos que a energia interna desse gás ideal é
mínima no ponto A.
II. A energia interna é máxima onde a temperatura e o produto
p ϫ V são máximos.
p (atm)
V (L)
B
2
1
50 10
A C
7,5
1,5
Do gráfico, notamos que o produto p ϫ V é o mesmo nos pontos
B e C, o que indica temperaturas iguais, sendo que a mesma iso-
terma passa por ambos.
Existe, no entanto, outra isoterma mais afastada dos eixos, que
tocaopontomédiodosegmentoBC.Énessepontoqueaenergia
interna do sistema é máxima.
Lembremosque,quantomaisafastadadoseixosseencontrauma
isoterma, maior é a temperatura associada a ela.
47 (Unip-SP) Para 1 mol de um gás perfeito, submetido a uma pres-
são p e ocupando um volume V, a temperatura absoluta T e a energia
interna U são dadas por:
T =
p V
R
e U =
3
2
p V
Considere uma amostra de 1 mol de gás perfeito, sofrendo as transfor-
mações AB, BC e CA indicadas no diagrama pressão ϫ volume:
Pressão
Volume
A
a
b 4b
B
4a
0
C
Analise as proposições que se seguem:
I. Nos estados A e B, a energia interna do gás é a mesma, o que nos
leva a concluir que, na transformação AB, não ocorreu troca de
energia entre o gás e o meio externo.
II. Em todo o ciclo, a temperatura é mínima no estado C.
III. Nos estados A e B, a temperatura é a mesma.
IV. Na transformação BC, a energia interna do gás vai diminuindo, o que
significaqueogásestácedendoenergiaparaomeioexterno.
Estão corretas apenas:
a) II, III e IV. b) I, II e III. c) I e IV. d) II e III. e) II e IV.
Resolução:
I) Incorreta.
De A para B o volume do gás aumenta e ele realiza τ. Como a va-
riação de energia interna é nula, o gás recebe calor e devolve essa
energia para o meio externo em forma de trabalho.
II) Correta.
U = 3
2
n R T = 3
2
p V
Observe que o produto pressão ϫ volume é mínimo no ponto C.
III) Correta.
U = 3
2
n R T = 3
2
p V
As temperaturas são iguais nos pontos em que os produtos p V são
iguais.
pA
VA
= 4ab
pB
VB
= 4ab
Assim: TA
= TB
IV) Correta.
NatransformaçãoBC,oprodutopV,atemperaturaeaenergiainterna
diminuem.Ogásrecebetrabalho(volumediminui)eaenergiainterna
diminui;todaessaenergiasaidosistemanaformadecalor.
Resposta: a
48 Um gás perfeito desenvolve uma transformação cíclica ABCDA,
como mostra a figura:
p (N/m2
)
V (m3
)
B
2
1 3
C
4
0 2
6
A D

Determine:
a) o trabalho, em joules, realizado pelo gás no ciclo ABCDA;
b) o ponto do ciclo em que a energia interna do sistema é máxima e o
ponto onde é mínima.
Resolução:
a) τciclo
=
N
[área interna]
τABCDA
= (6 – 2) · (3 – 1) (J)
τABCDA
= 8 J
b) A energia interna é máxima no ponto de temperatura máxima. Nes-
se ponto, o produto pressão × volume é máximo.
Umáx
→ C
Da mesma forma, a energia interna é mínima onde o produto p V é
mímino:
Umín
→ A
Respostas: a) 8 J; b) C; A
49 Um recipiente de volume ajustável contém n mols de moléculas
de um gás ideal. Inicialmente, o gás está no estado A, ocupando um
volume V à pressão p. Em seguida, o gás é submetido à transformação
indicada na figura.
p
2p
p
A C
B
V2VV0
Calcule o calor absorvido pelo gás na transformação cíclica ABCA.
Resolução:
Numa transformação cíclica, a variação de energia interna ΔU é nula
(ΔU = 0).
Usando-se a 1a
Q = τ + ΔU
Q = τ
Assim:
Q = τ = [área do triângulo ABC]
Q =
(2V – V) · (2p – p)
2
Q =
p V
2
Resposta:
p V
2
50 (Vunesp-SP) Um sistema termodinâmico sofre a transformação
cíclica ABCDA, representada na figura.
A
B
C
D
P (atm)
3,0
3,0
2,0
2,0
1,5
1,5
1,0
1,0 V (L)
Pode-seafirmarquea:
a) compressão é isobárica, e o trabalho realizado durante a expansão é
maiordoqueovalorabsolutodotrabalhorealizadonacompressão.
b) compressão é adiabática, e o valor absoluto do trabalho por ela reali-
zado é menor do que o realizado na expansão.
c) expansão é isotérmica, e o trabalho realizado durante a expansão é
igual ao valor absoluto do trabalho realizado na compressão.
d) expansãoéisobárica,acompressãoéisométrica,eostrabalhosreali-
zados na expansão e na compressão são iguais em valor absoluto.
e) compressão é isotérmica, e o trabalho realizado durante a expan-
são é maior que o valor absoluto do trabalho realizado durante a
compressão.
Resolução:
Na transformação BCDA (compressão), notamos que em todos os 4
pontosfornecidosoprodutopressão×volumeapresentaomesmova-
lor. Esse fato nos levará a concluir que essa compressão é isotérmica.
Observamos ainda que a área abaixo do gráfico (que estabelece o tra-
balho trocado) é maior na expansão AB do que na compressão BCDA.
Resposta: e
51 (UFC-CE) Um sistema gasoso, originalmente no estado termo-
dinâmico a, é levado para o estado b por meio de dois processos dis-
tintos, 1 e 2, mostrados na figura. No processo 1, o sistema realiza um
trabalho, τ1
, de 300 J e absorve uma quantidade de calor, Q1
, de 800 J.
Pressão
Volume
2a
1
3
b
a) Se no processo 2 o trabalho τ2
realizado é de 100 J, quanto calor, Q2
,
é absorvido pelo sistema nesse processo?
b) Quando o sistema é trazido de volta ao estado original a, pelo pro-
cesso 3 (ver figura), o trabalho, τ3
, de 200 J é realizado sobre o siste-
ma. Que quantidade de calor, Q3
, é envolvida nesse processo?
c) O calor mencionado no item b é liberado ou absorvido pelo
sistema?

Resolução:
a) Processo 1:
1a
Lei da Termodinâmica: Q = τ + ΔU
800 = 300 + ΔUab
ΔUab
= 500 J
Processo 2:
Q = τ + ΔU ⇒ Q2
= 100 + 500 (J)
Q2
= 600 J
b) 1a
Q = τ + ΔU ⇒ Q3
= –200 – 500 (J)
Q3
= –700 J
Observequeossinaissãonegativosporqueosistemarecebetraba-
lho e a energia interna diminui.
c) O calor Q3
é liberado pelo sistema.
Respostas: a) 600 J; b) –700 J; c) Liberado
52 (UFF-RJ) O diagrama pressão (p) ϫ volume (V) a seguir repre-
senta uma transformação quase estática e cíclica de um gás ideal:
p
V
1
Isoterma
V1
2
0 V4
V3
p
3
p4
p2
p1
V2
4
3
Isoterma
Considerando o diagrama, qual é a opção correta?
a) Amaiortemperaturaatingidapelogásnocicloocorrenapassagem
do estado 3 para o estado 4.
b) O trabalho realizado pelo gás no ciclo é nulo.
c) Atransformaçãoquelevaogásdoestado2paraoestado3éisotérmica.
d) A variação da energia interna no ciclo é nula.
e) O gás sofre uma expansão adiabática ao passar do estado 1 para o
estado 2.
Resolução:
a) Incorreta — A maior temperatura do gás ocorre no isoterma 1,2.
b) Incorreta — τciclo
=
N
[área interna]
c) Incorreta — Isotérmicas são as transformações 1 → 2 e 3 → 4
d) Correta — ΔUciclo
= 0
e) Incorreta — 1 → 2 transformação isotérmica.
Resposta: d
53 E.R. Um motor, constituído por cilindro e êmbolo, contém
10 g de um gás perfeito, cujas transformações estão esquematizadas
na figura:
p
V
1 2
p3
p1
3
Isoterma
São dados, para o gás, os calores específicos sob volume constante,
cV
=0,20cal/gK,esobpressãoconstante,cp
=0,34cal/gK;atempera-
tura T1
= 300 K; as pressões p1
= 4,0 atm e p3
= 1,0 atm. Determine:
a) a temperatura T2
;
b) a energia trocada na transformação entre os estados 2 e 3.
Resolução:
a) Sendo a transformação 1 → 2 isobárica, temos:
V2
T2
=
V1
T1
(I)
Sendo a transformação 3 → 1 isotérmica, temos:
p1
V1
= p3
V3
= p3
V2
ou
V2
V1
=
p1
p3
⇒
V2
V1
=
4,0
1,0
= 4 (II)
Substituindo (II) em (I), temos:
T2
=
V2
V1
T1
⇒ T2
= 4 · 300
T2
= 1200 K
b) A transformação 2 → 3 é isométrica e, portanto, o trabalho en-
volvidoénulo(τ=0).Nessascondições,aexpressãoda1a
Leida
Termodinâmica fica:
ΔU = Q
Isso significa que a energia trocada na transformação é exclusi-
vamente térmica.
Assim:
Q = m cV
ΔT = m cV
(T3
– T2
)
Q = 10 · 0,20 · (300 – 1200)
Q = –1800 cal
O sinal negativo indica que o sistema gasoso cede calor ao meio
externo e, consequentemente, sua energia interna diminui.
54 Uma amostra de 60 g de gás perfeito foi aquecida isometrica-
mente, tendo sua temperatura variado de 200 K para 230 K. O calor
específico a volume constante desse gás é igual a 0,25 cal/g K e o
calor específico a pressão constante é 0,32 cal/g K. Determine:
a) o trabalho realizado por esse gás;
b) a variação da energia interna desse gás.
Resolução:
a) Na transformação isométrica, o volume permanece constante e o
trabalho trocado pelo gás é nulo.
τ = 0
b) 1
a
ΔU = Q – τ
ΔUV
= QV
Como: QV
= m cV
ΔT
então:
ΔUV
= m cV
ΔT = 60 · 0,25 · (230 – 200)
ΔUV
= 450 cal
Respostas: a) Zero; b) 450 cal

55 Um mol de gás ideal monoatômico, de calor específico molar a
volume constante igual a 3,0 cal/mol °C, realiza um aquecimento iso-
métrico, sendo que sua temperatura eleva-se de 27 °C para 50 °C. Qual
foi a variação de energia interna sofrida pelo gás?
Resolução:
QV
= n CV
ΔT
QV
= 1 · 3,0 · (50 – 27)
QV
= 69 cal
Atenção: a variação de temperatura em Celsius é igual à variação em
Kelvin.
Resposta: 69 cal
56 Uma amostra de 5,0 mols de gás perfeito sofre a expansão iso-
bárica representada no diagrama pressão ϫ volume a seguir:
p (105
Pa)
V (L)
A B
20
1,0 6,0
0
Sabe-se que a variação de temperatura do gás foi de 250 °C. Sendo o
calor específico molar a pressão constante igual a 5,0 cal/mol °C, qual
foi a variação da energia interna desse gás?
Dado: 1 cal = 4 J
Resolução:
τp
=
N
[área]
τp
= 20 · 105 N
m2
· (6,0 – 1,0) · 10–3
m3
τp
= 1,0 · 104
J = 2500 cal
Qp
= n Cp
ΔT
Qp
= 5,0 · 5,0 · 250
Qp
= 6250 cal = 2,5 · 104
J
1a
ΔU = Q – τ
ΔU = 6250 – 2500 (cal)
ΔU = 3750 cal
Resposta: 3750 cal
57 Um bloco de gelo fundente de 12 kg de massa é lançado com
velocidade igual a 20 m/s sobre uma pista horizontal também de gelo
a 0 °C. Devido ao atrito, o bloco para. Se toda a energia cinética foi
transformada em térmica e absorvida pelo gelo, qual a massa de gelo
que se funde?
Dados:1 cal = 4 J;
calor latente de fusão do gelo = 80 cal/g.
Resolução:
EC
=
m v2
2
EC
=
12 · (20)2
2
⇒ EC
= 2 400 J = 600 cal
Q = m LF
600 = m · 80 ⇒ m = 7,5 g
Resposta: 7,5 g
58 Um martelo de 1 kg, movendo-se a 20 m/s, golpeia uma esfera
de chumbo de 100 g sobre uma bigorna de aço. Se metade da ener-
gia cinética do martelo aqueceu o chumbo, qual foi o seu aumento de
temperatura, em °C?
Dado: calor específico do chumbo = 0,125 J/g °C
Resolução:
EC
=
m v2
2
EC
=
1(20)2
2
⇒ EC
= 200 J
Q = m c Δθ
200
2
= 100 · 0,125 · Δθ ⇒ Δθ = 8,0 °C
Resposta: 8,0 °C
59 Umabolade8,4kg,abandonadadorepousoaumaalturade5,0m,
após chocar-se com o solo (altura zero) retorna a uma altura de 4,0 m.
Adote g = 10 m/s2
. Se a perda de energia mecânica da bola pudesse ser
usada exclusivamente no aquecimento de 10 g de água, qual seria a
elevação de temperatura da água?
Dados: 1 cal = 4,2 J;
calor específico da água = 1,0 cal/g °C.
Resolução:
ΔEp
= m g Δh
ΔEp
= 8,4 · 10 · (5,0 – 4,0)
ΔEp
= 84 J = 20 cal
Q = m c Δθ
20 = 10 · 1 · Δθ ⇒ Δθ = 2,0 °C
Resposta: 2,0 °C
60 (UFU-MG) Em torno de 1850, o físico James P. Joule desenvolveu
um equipamento para medir o equivalente mecânico em energia térmi-
ca. Esse equipamento consistia de um peso conhecido preso a uma cor-
da, de forma que, quando o peso caía, um sistema de pás era acionado,
aquecendo a água do recipiente, como mostra a figura.
Joule usou um peso de massa M = 10 kg, caindo de uma altura de 5 m,
em um local onde a aceleração da gravidade valia 10m/s2
.
Deixando o peso cair 5 vezes, Joule observou que a temperatura dos
400 g de água no recipiente aumentou em 1,5 °C.
Dado: calor específico da água = 1 cal/ °C · g
Água
M

Com base no experimento de Joule, pode-se concluir que:
a) 2 500 J de energia potencial transformaram-se em 600 cal de calor.
b) 4,17 cal correspondem a 1 J.
c) a quantidade de calor recebida pela água foi de 0,6 cal.
d) energia potencial e quantidade de calor nunca podem ser compa-
radas.
Resolução:
a) Verdadeira – Energia potencial transformada em calor:
Ep
= 5 m g h
Ep
= 5 · 10 · 10 · 5 (J)
Ep
= 2500 J
Energia térmica absorvida pela água:
Q = m c Δθ
Q = 400 · 1 · 1,5 (cal)
Q = 600 cal
b) Falsa – Relação obtida entre joule e caloria:
R = 2500 J
600 cal
Ӎ 4,17 J/cal
Assim, 1 cal Ӎ 4,17 J
c) Falsa — Para a água:
Q = 600 cal
d) Falsa.
Resposta: a
61 Umrecipientedeparedesindeformáveis,decapacidadeV=12L,
contém 1,0 mol de um gás perfeito de calor específico molar a volu-
me constante CV
= 3,0 cal/mol K. Fornecendo-se 900 cal a esse gás, sua
temperatura absoluta duplica. Qual a pressão final do gás?
Dado: R = 0,082 atm L
mol K
Resolução:
QV
= n CV
ΔT
900 = 1,0 · 3,0 · (2T – T)
T = 300 K
Equação de Clapeyron:
p V = n R T
p · 12 = 1,0 · 0,082 · 600
p = 4,1 atm
Resposta: 4,1 atm
62 Um gás perfeito com massa m = 40 g passa, sob pressão
invariável p = 1,0 · 105
Pa, da temperatura θ1
= 20 °C à temperatura
θ2
= 40 °C. Calcule a variação de energia interna do gás.
Dados: M = massa molecular do gás = 2,0 g/mol;
Cp
= calor específico molar a pressão constante = 7,0 cal/mol K;
R = constante universal dos gases = 2,0 cal/mol K.
Resolução:
Qp
= n Cp
ΔT
Qp
= m
M
Cp
Δt
Qp
= 40
2,0
· 7,0 · 20
Qp
= 2800 cal
τp
= p ΔV = n R ΔT
τp
= m
M
R T = 40
2,0
. 2,0 . 20
τp
= 800 cal
1a
Lei da Termodinâmica: ΔU = Q – τ
ΔU = 2800 – 800
ΔU = 2000 cal = 2,0 · 103
cal
Resposta: 200 cal
63 (EEM-SP) Um gás, constituído por 5 mols, sofre uma transforma-
ção, de acordo com o gráfico p = (f) (T).
T (K)TB
200
p (atm)
A
B
5
0
2
SendoaconstanteuniversaldosgasesperfeitosR=2,0cal/molKeocalor
molaravolumeconstantedogásCV
=5cal/molK,determine:
a) o tipo de transformação sofrida pelo gás;
b) o calor recebido e a variação de energia interna sofrida pelo gás,
nessa transformação.
Resolução:
a) Isométrica – Como a reta suporte do segmento AB do gráfico pas-
sa pela origem, temos:
p = k T (em que k é uma constante)
Da Equação de Clapeyron:
p V = n R T
p = n R
V
T
Portanto: n R
V
= k (constante), o que implica ser o volume constan-
te (transformação isométrica).
b) QV
= n CV
ΔT
QV
= 5,0 · 5 · (TB
– 200)
Observe no gráfico que TB
= 500 K
QV
= 25 · (500 – 200)
QV
= 7500 cal
1a
ΔU = Q – τ
ΔU = 7500 – 0
ΔU = 7500 cal
Na transformação isométrica, o trabalho trocado é nulo.
Respostas: a) Isométrica; b) 7500 cal

64 (Uﬂa-MG) Um gás ideal monoatômico mantido a pressão cons-
tante possui capacidade térmica molar
Cp
= 5
2
R
(R é a constante dos gases). Colocamos um corpo de calor específico
C = 0,4 J
g K
e massa m = 475 g em contato com 5 mols de um gás ideal monoa-
tômico, mantido a pressão de 5 000 N/m2
. Se as temperaturas iniciais
do gás e do corpo são, respectivamente, TG
0
= 300 K e TC
0
= 500 K, de-
termine:
Dado: R Ӎ 8,0 J
mol · K
a) a temperatura de equilíbrio do sistema;
b) o trabalho realizado pelo gás.
Resolução:
a) Qcedido
+ Qrecebido
= 0
(m c ΔT)corpo
+ (n CP
ΔT)gás
= 0
475 · 4,0 · (T – 500) + 5 · 5
2
· 8,0 · (T – 300) = 0
1900 T – 950000 + 100 T – 30000 = 0
2000 T = 980000
T = 490 K
b) Numa transformação isobárica, temos
τp
= p ΔV = n R ΔT
τp
= 5 · 8,0 · (490 – 300) (J)
τp
= 7600 J
Respostas: a) 490 K; b) 7 600 J
65 (UMC-SP)ConsidereaequaçãoCp
–CV
=R,emqueRéaconstan-
te universal dos gases e Cp
e CV
são, respectivamente, os calores especí-
ficos molares de um gás perfeito a pressão e a volume constantes. Para
um gás ideal monoatômico, Cp
= 5 R
2
. Então, quanto vale o expoente
de Poisson desse gás, dado por γ =
Cp
CV
?
Resolução:
CP
– CV
= R ⇒ 5R
2
– CV
= R ⇒ CV
= 5R
2
– R ⇒ CV
= 3R
2
Portanto:
γ =
CP
CV
=
5R
2
3R
2
γ = 5
3
Resposta: 5
3
66 Certa quantidade de gás ideal expande-se adiabaticamente e
quase estaticamente desde uma pressão inicial de 2,0 atm e volume de
2,0L natemperaturade21°Catéatingirodobrodeseuvolume.Saben-
do-se que para este gás γ =
Cp
CV
= 2,0 e que a Equação de Poisson para
as transformações adiabáticas é dada por: p Vγ
= constante, pode-se
afirmar que a pressão final e a temperatura final são respectivamente:
a) 0,5 atm e 10,5 °C; c) 2,0 atm e 10,5 °C;
b) 0,5 atm e – 126 °C; d) 2,0 atm e – 126 °C.
Resolução:
p Vγ
= constante.
Assim,
p1
V1
γ
= p2
V2
γ
2,0 · 2,02,0
= p2
4,02,0
(atm)
8,0 = p2
· 16 (atm)
p2
= 0,50 atm
A temperatura final pode ser determinada usando-se a Lei geral dos
Gases:
p1
V1
T1
=
p2
V2
T2
2,0 · 2,0
(21 + 273)
=
0,50 · 4,0
T2
⇒ 4,0 T2
= 2,0 · 294
T2
= 147 K → T2
= –126 °C
Resposta: b
67 E.R. Uma esfera metálica de 200 g de massa é abandonada do
repouso, de uma altura H, sobre um grande bloco de gelo a 0 °C. Des-
prezam-se inﬂuências do ar e supõe-se que toda a energia mecânica
existente na esfera transforma-se em energia térmica e é absorvida
pelo gelo, sem, no entanto, alterar a temperatura do metal. Qual
deve ser a altura H para que 1 g de gelo sofra fusão?
Dados: calor específico latente de fusão do gelo = 80 cal/g;
aceleração da gravidade = 10 m/s2
;
1 cal = 4,2 J.
Resolução:
Para a fusão de 1 grama de gelo, são necessárias 80 cal ou 336 J
(1 cal = 4,2 J).
Da conservação da energia, concluímos que essa energia no início
estava armazenada no sistema em forma de energia potencial gra-
vitacional. Portanto:
Ep
= m g h ⇒ 336 = 0,2 · 10 · H ⇒ H = 168 m
68 (Cefet-PR) Uma quantidade de mercúrio cai de uma altura de
60 m. Supondo que toda a energia potencial se transforme em calor,
qual o aumento de temperatura do corpo, em graus Celsius?
Dados: calor específico do mercúrio = 0,15 J/g °C; g = 10 m/s2
.
Resolução:
Ep
= m g h
Ep
= m · 10 · 60 (J)
Atenção: a massa m está em kg.
Q = m c Δθ
Como:
c = 0,15 J
g °C
= 0,15 J
10–3
kg °C
= 150 J
kg °C
Então:
Q = Ep
m c Δθ = m g h ⇒ 150 · Δθ = 10 · 60
Δθ = 4,0 °C
Resposta: 4,0 °C

69 (Cefet-PR) Um estudante observou um pequeno aquecimento
de 0,1 °C em certa quantidade de massa de modelagem, quando a
deixava cair repetidamente vinte vezes de uma altura igual a 1 m no
solo firme. Se desprezarmos as trocas eventuais de calor dessa mas-
sa com o ambiente e se considerarmos o campo gravitacional igual a
10m/s2
,podemosdizerqueocalorespecíficodessematerialtemvalor,
em J/kg °C, próximo de:
a) 250. b) 500. c) 1 000. d) 2 000. e) 4 000.
Resolução:
Q = EM
m c Δθ = 20 m g h ⇒ c 0,1 = 20 · 10 · 1
c = 2000 J/kg °C
Resposta: d
70 (UCMT) Uma manivela é usada para agitar 100 g de água conti-
da num recipiente termicamente isolado. Para cada volta da manivela
é realizado um trabalho de 0,1 J sobre a água. O número de voltas ne-
cessário para que a temperatura aumente em 1 °C é:
a) 2 800. b) 3 700. c) 5 500. d) 3 000. e) 4 200.
Dados: 1 cal = 4,2 J;
calor específico da água = 1 cal/g °C.
Resolução:
Q = EM
m c Δθ = n τ
4,2
⇒ 100 · 1 · 1 = n · 0,1
4,2
N = 4200 voltas
Resposta: e
71 (Enem) Um projétil de chumbo é disparado a 200 m/s contra
uma parede de concreto. A colisão deforma, aquece e para a bala. Su-
pondo-se que a metade da energia cinética da bala nela permaneça
como energia interna, a variação de temperatura do projétil de chum-
bo é, em °C:
a) 1,2 · 102
. d) 20.
b) 80. e) 8,0.
c) 40.
Dado: calor específico do chumbo = 125 J/kg °C
Resolução:
Q =
Ec
2
2 m c Δθ = m v2
2
2 · 125 · Δθ =
(200)2
kg °C
⇒ Δθ = 80 °C
Resposta: b
72 (Fatec-SP) Um bloco de gelo é atirado contra uma parede. Ao
se chocar, funde-se completamente. Supondo-se que não houve va-
riação em sua temperatura e admitindo-se que toda a energia cinética
foi transformada em calor totalmente absorvido pelo gelo, adotando
para o calor latente de fusão do gelo L = 3,2 · 105
J/kg, a velocidade no
instante do impacto é:
a) 800 m/s. d) 80 m/s.
b) 400 m/s. e) 1 m/s.
c) 200 m/s.
Resolução:
EC
= Q
m v2
2
= m LF
⇒ v2
= 2 LF
= 2 · 3,2 · 105
v = 800 m/s
Resposta: a
73 (UFPE) Uma bala de chumbo, com velocidade de 100 m/s, atra-
vessa uma placa de madeira e sai com velocidade de 60 m/s. Sabendo
que 40% da energia cinética perdida é gasta sob a forma de calor, de-
termine o acréscimo de temperatura da bala, em graus Celsius. O calor
específico do chumbo é c = 128 J/kg °C. Considere que somente a bala
absorve o calor produzido.
Resolução:
Q = 0,40 ΔEC
m c Δθ = 0,40
m v2
0
2
– m v2
2
m · 128 · Δθ = 0,40 ·
m (100)2
2
–
m (60)2
2
m · 128 · Δθ = 0,40 · (5000 m – 1800 m)
m · 128 · Δθ = 1280 m
Δθ = 10 °C
Resposta: 10 °C
74 (Unesp-SP) Um cowboy atira contra uma parede de madeira de
um bar. A massa da bala de prata é 2 g e a velocidade com que esta
bala é disparada é de 200 m/s. É assumido que toda a energia térmica
gerada pelo impacto permanece na bala.
a) Determine a energia cinética da bala antes do impacto.
b) Dado o calor específico da prata 234 J/kg °C, qual a variação de
temperatura da bala, supondo que toda a energia cinética é trans-
formada em calor no momento que a bala penetra na madeira?
Resolução:
a) m = 2 g = 2 · 10–3
kg ⇒ V = 200 m/s
EC
= m V2
2
= 2 · 10–3
(200)2
2
EC
= 40 J
b) Usando a equação fundamental da calorimetria, temos:
Q = m c Δθ
40 = 2 · 10–3
· 234 · Δθ
Δθ = 85,47 °C Ӎ 85,5 °C
Respostas: a) 40 J; b) 85,5 °C
75 (Faap-SP) Um meteorito penetra na atmosfera da Terra com
velocidade de 36 000 km/h e esta, após certo tempo, é reduzida a
18 000 km/h. Admitindo que 1% do calor proveniente da perda de
energia fique retido no corpo, determine:
a) qual a elevação de temperatura deste;
b) qual o calor gerado por unidade de massa no meteorito.
Dados: J = 4,18 J/cal;
calor específico médio do meteorito: c = 0,124 cal/g °C.

A
B
CD
Volume
Pressão
Resolução:
a) Q = 0,01 ΔEC
m c Δθ = 0,01
m v2
0
2
– m v2
2
Como:
c = 0,124 cal
g °C
= 0,124 · 4,18 J
10–3
kg °C
c = 518,32 J
kg °C
v0
= 36000 km/h = 10000 m/s
v = 18000 km/h = 5000 m/s
então:
518,32 · Δθ = 0,01
(10000)2
2
–
(5000)2
2
51832 Δθ = 37500000
Δθ Ӎ 723,5 °C
b) Q =
m v2
0
2
– m v2
2
Q
m
=
(10000)2
2
–
(5000)2
2
Q
m
= 3,75 · 107
J/kg
Respostas: a) 723,5 °C; b) 3,75 · 107
J/kg
76 Leia as afirmações com atenção:
(01) A 1a
Lei da Termodinâmica pode ser traduzida pela seguinte
afirmação: “A energia não pode ser criada nem destruída, mas so-
mente transformada de um tipo em outro”.
(02) O calor flui espontaneamente de um corpo mais frio para um cor-
po mais quente.
(04) A energia interna de dada massa de um gás perfeito não depende
da temperatura do gás.
(08) O rendimento de uma máquina de Carnot independe das tempe-
raturas da fonte fria e da fonte quente.
(16) É impossível transformar calor em trabalho utilizando apenas
duas fontes de calor a temperaturas diferentes.
(32) O termômetro é um aparelho destinado a medir diretamente o
calor de um corpo.
corretas.
Resolução:
(01) Correta
(02) Incorreta
O calor flui espontaneamente do corpo mais quente para o mais
frio.
(04) Incorreta
U = 2
3
n R T
(08) Incorreta
n = 1 –
T0
T1
(16) Correta
É necessária uma máquina térmica posicionada entre essas fontes.
(32) Incorreta
O termômetro apenas registra o nível energético médio por partí-
cula de um corpo.
Resposta: 17
77 (UFSC) No século XIX, o jovem engenheiro francês Nicolas L.
Sadi Carnot publicou um pequeno livro – Reflexões sobre a potência
motriz do fogo e sobre os meios adequados de desenvolvê-la –, no qual
descrevia e analisava uma máquina ideal e imaginária, que realizaria
uma transformação cíclica hoje conhecida como “ciclo de Carnot” e de
fundamental importância para a Termodinâmica.
Indique a(s) proposição(ões) correta(s) a respeito do ciclo de Carnot:
(01) Uma máquina térmica, operando segundo o ciclo de Carnot en-
tre uma fonte quente e uma fonte fria, apresenta um rendimento
igual a 100%, isto é, todo o calor a ela fornecido é transformado
em trabalho.
(02) Nenhuma máquina térmica que opere entre duas determinadas
fontes, às temperaturas T1
e T2
, pode ter maior rendimento do que
uma máquina de Carnot operando entre essas mesmas fontes.
(04) O ciclo de Carnot consiste em duas transformações adiabáticas,
alternadas com duas transformações isotérmicas.
(08) O rendimento da máquina de Carnot depende apenas das tem-
peraturas da fonte quente e da fonte fria.
(16) Por ser ideal e imaginária, a máquina proposta por Carnot contra-
ria a segunda lei da Termodinâmica.
corretas.
Resolução:
(01) Incorreta
Nenhuma máquina térmica pode ter rendimento de 100%.
(02) Correta
EntreduasfontestérmicasdetemperaturasT1
eT2
(diferentes),amá-
quina(teórica)deCarnotéaquelaqueapresentamaiorrendimento.
(04) Correta
(08) Correta
n = 1 –
T1
T2
(16) Incorreta
A máquina de Carnot é teórica, porém está de acordo com a 2a
Lei
da Termodinâmica.
Resposta: 14
78 (UEL-PR) No gráfico abaixo está representada a evolução de um
gás ideal segundo o ciclo de Carnot.
Com relação ao comportamen-
to do gás, é correto afirmar:
a) A temperatura no ponto A é
maior que no ponto B.
b) No trajeto BC, o gás cedeu
calor para a fonte fria.
c) No trajeto DA, o trabalho
realizado é negativo.
d) A temperatura no ponto C é maior que no ponto B.
e) No trajeto CD, o gás recebeu calor.
Resolução:
a) Incorreta
Os pontos A e B pertencem à mesma isoterma e, portanto, têm a
mesma temperatura.
b) Incorreta
A transformação BC é adiabática.
c) Correta
O volume do gás diminuiu.

d) Incorreta
TB
> TC
A isoterma B é mais afastada dos eixos do que a isoterma C.
e) Incorreta
No trecho CD, o gás recebeu trabalho do meio externo.
Resposta: c
79 (PUC-MG) Uma máquina térmica opera entre duas temperatu-
ras, T1
e T2
. Pode-se afirmar que seu rendimento:
a) máximo pode ser 100%.
b) pode ser maior que 100%.
c) nunca será inferior a 80%.
d) será máximo se operar em ciclos.
e) será máximo se operar em ciclo de Carnot.
Resolução:
O rendimento máximo ocorre com a máquina térmica operando se-
gundo um ciclo de Carnot.
Resposta: e
80 (Vunesp-SP) O ciclo de Carnot, de importância fundamental na
Termodinâmica, é constituído de um conjunto de transformações defi-
nidas. Num diagrama (p, V), você esboçaria esse ciclo usando:
a) umaisotérmica,umaisobárica,umaadiabáticaeumaisocórica(iso-
volumétrica).
b) duas isotérmicas e duas adiabáticas.
c) duas isobáricas e duas isocóricas (isovolumétricas).
d) duas isobáricas e duas isotérmicas.
e) uma isocórica (isovolumétrica), uma isotérmica e uma isobárica.
Resolução:
O ciclo de Carnot é representado em um diagrama pressão × volume,
por meio de duas isotérmicas e duas adiabáticas, intercaladas.
Resposta: b
81 (UFSM-RS)
p
V
I
V1 V2
II
III
A figura representa os processos isotérmico, adiabático e isobárico
para gases ideais, entre estados com volumes V1
e V2
. Esses processos
estão indicados, na figura, respectivamente por:
a) II, III e I. d) II, I e III.
b) III, II e I. e) I, III e II.
c) I, II e III.
Resolução:
isotérmico → II
adiabático → III
isobárico → I
Resposta: a
82 E.R. Uma máquina térmica teórica opera entre duas fontes
térmicas, executando o ciclo de Carnot. A fonte fria encontra-se a
127 °C e a fonte quente, a 427 °C. Qual o rendimento percentual des-
sa máquina?
Resolução:
O rendimento de uma máquina que executa o ciclo de Carnot é
dado por:
η = 1 –
TB
TA
em que TA
é a temperatura absoluta da fonte quente e TB
, a da fonte
fria.
Sendo:
TB
= 127 °C = 400 K
TA
= 427 °C = 700 K
Substituindo na expressão, obtemos:
η = 1 – 400
700
⇒ η = 3
7
Ӎ 0,43
η(%) Ӎ 43%
83 (UFC-CE) A figura abaixo mostra um ciclo de Carnot, representa-
do no diagrama pressão ϫ volume.
a
b
c
d
T1
T2
Pressão
Volume
Se no trecho b ⇒ c, desse ciclo, o sistema fornece 60 J de trabalho ao
meio externo, então é verdade que, nesse trecho:
a) o sistema recebe 60 J de calor e sua energia interna diminui.
b) o sistema recebe 60 J de calor e sua energia interna não varia.
c) o sistema rejeita 60 J de calor e sua energia interna não varia.
d) não há troca de calor e sua energia interna aumenta de 60 J.
e) não há troca de calor e sua energia interna diminui de 60 J.
Resolução:
O trecho bc representa uma transformação adiabática (sem trocas de
calor).
No trecho bc o volume aumenta e o gás realiza trabalho (60 J).
Assim, no trecho bc a energia interna do gás diminui de 60 J.
Resposta: e

84 Uma máquina térmica, teórica, opera entre duas fontes de calor,
executando o ciclo de Carnot. A fonte fria encontra-se à temperatura
de 6 °C e a fonte quente, a 347 °C. Qual o rendimento teórico dessa
máquina?
Resolução:
η = 1 –
TF
TQ
η = 1 –
(6 + 273)
(347 + 273)
η = 1 – 279
620
η = 1 – 0,45 ⇒ η = 0,55
ou
η (%) = 55%
Resposta: 55%
85 Certa máquina térmica cíclica e reversível trabalha entre –73 °C
e +27 °C. Qual o seu rendimento máximo?
Resolução:
η = 1 –
TF
TQ
η = 1 –
(– 73 + 273)
(27 + 273)
⇒ η = 1 – 200
300
η = 1
3
Resposta: 1
3
86 O rendimento de certa máquina térmica de Carnot é de 40%, e
a fonte fria é a própria atmosfera a 27 °C. Qual a temperatura da fonte
quente?
Resolução:
η = 1 –
TF
TQ
0,40 = 1 –
(27 + 273)
TQ
300
TQ
= 0,6 ⇒ TQ
= 300
0,6
TQ
= 500 K = 227 °C
Resposta: 227 °C
87 (UFV-MG) Um folheto explicativo sobre uma máquina térmica
informa que ela, ao receber 1 000 cal de uma fonte quente, realiza
4186 Jdetrabalho.Sabendoque1calequivalea4,186Je,combasenos
dados fornecidos pelo folheto, você pode afirmar que essa máquina:
a) viola a 1a
Lei da Termodinâmica.
b) possui um rendimento nulo.
c) possui um rendimento de 10%.
d) viola a 2a
e) funciona de acordo com o ciclo de Carnot.
Resolução:
Q = 1000 cal = 4186 J
Se a máquina térmica recebe 1000 cal (4186 J), ela não pode realizar
um trabalho igual. Isso viola a 2a
Resposta: d
88 (Mack-SP)AimportânciadociclodeCarnotresidenofatodeser:
a) o ciclo da maioria dos motores térmicos.
b) o ciclo de rendimento igual a 100%.
c) o ciclo que determina o máximo rendimento que um motor térmi-
co pode ter entre duas dadas temperaturas.
d) o ciclo de rendimento maior que 100%.
Resolução:
O ciclo de Carnot é teórico e expressa o máximo rendimento de uma
máquina térmica entre duas temperaturas determinadas. Esse rendi-
mento é sempre menor que 100%.
Resposta: c
89 (UFBA) A figura representa o ciclo de Carnot, para um gás ideal.
p
V
A
B
D
0
T1
T2
C
Nessas condições, é correto afirmar que:
(01) na compressão adiabática, a energia interna do gás diminui.
(02) na expansão isotérmica, o gás recebe calor de uma das fontes.
(04) na expansão adiabática, a temperatura do gás diminui.
(08) na compressão isotérmica, a energia interna do gás diminui.
(16) na transformação cíclica, o gás atinge o equilíbrio térmico com a
fonte quente, antes de iniciar novo ciclo.
corretas.
Resolução:
(01) Incorreta – A compressão adiabática é representada pela trans-
formação DA.
O gás recebe trabalho (volume diminui) e sua temperatura au-
menta (a energia interna aumenta).
(02) Correta – Expansão isotérmica → AB
Ogásrealizatrabalhoesuaenergiainternapermanececonstante.
O gás recebe calor.
(04) Correta – Expansão adiabática → BC
A energia interna diminui sem trocar calor com o meio externo.
O gás realiza trabalho.
(08) Incorreta – Compressão isotérmica → CD
Ogásrecebetrabalhoesuaenergiainternanãovaria.Ogásrece-
be calor.
(16) Correta – O início do ciclo se processa na situação representada
pelo ponto A do diagrama.
Resposta: 22

90 (FMIt-MG) O gráfico representa um ciclo de Carnot, para o caso
de um gás ideal. Qual é a proposição falsa?
p
V
A
B
C
D
0
a) De A até B, a transformação é isotérmica e o gás recebe calor do
meio externo.
b) De C até D, a transformação é isotérmica e o gás rejeita calor para o
meio externo.
c) De B até C, a transformação é adiabática e o gás realiza trabalho
contra o meio externo.
d) De D até A, a transformação é adiabática e o gás realiza trabalho
contra o meio externo.
e) Durante o ciclo, o trabalho realizado pelo gás sobre o meio externo
é maior que o trabalho realizado pelo meio externo sobre o gás.
Resolução:
De D para A a transformação é adiabática e o volume do gás diminui.
Assim, o sistema recebe trabalho do meio externo.
Resposta: d
91 (UFBA) Considerando-se um gás ideal contido em um recipien-
te de volume variável enquanto sistema termodinâmico, pode-se
afirmar:
(01) de acordo com a equação dos gases perfeitos, mantida constante
a temperatura, aumentando-se a pressão do gás, o volume tam-
bém aumenta.
(02) segundo a 1a
Lei da Termodinâmica, numa compressão adiabáti-
ca, a temperatura do gás aumenta.
(04) a energia interna do sistema depende da pressão e da
temperatura.
(08) partindo-sedasmesmascondiçõesiniciais,otrabalhorealizadopelo
gás, numa expansão adiabática, é maior do que o realizado numa
expansãoisotérmica.
(16) a capacidade térmica do gás, a pressão constante, é maior do
que a capacidade térmica, a volume constante.
Dê como resposta a soma dos números associados às afirmativas
verdadeiras.
Resolução:
(01) Falsa — Equação de Clapeyron:
p V = n R T
Para T constante, se p aumentar, o volume V diminuirá.
(02) Verdadeira — A transformação adiabática processa-se sem tro-
cas de calor (Q = 0).
Em uma compressão, o volume diminui e o gás recebe trabalho;
se não trocar calor, sua energia interna aumentará.
Q = τ + ΔU
Se a energia interna aumentar, sua temperatura também au-
mentará.
(04) Falsa
U = 3
2
n R T
Aenergiainternadeumsistemadependedonúmerodemols(n)
e da temperatura absoluta (T).
(08) Falsa — Num diagrama pressão ϫ volume, as isotermas e a adia-
bática são representadas por:
A
B
Isotermas
Adiabática
VA
VB V
p
Aáreaindicadaforneceotrabalhorealizadopelogásnatransformação
AB isotérmica.
Saindo do estado A, para atingir o mesmo volume final VB
, numa
transformação adiabática, o trabalho é calculado pela área do grá-
fico a seguir:
A
B
Isotermas
Adiabática
VA
VB V
p
Assim, temos:
τisoterma
Ͼ τadiabática
(16) Verdadeira—Façamosoaquecimentodedeterminadamassade
gás perfeito, a pressão constante e depois a volume constante.
p = cte.
Qp
QV
ΔUp
ΔUV
V = cte.
␶p
(␶V
= 0 )
Assim:
ΔUp
= Qp
– τp
ΔUv
= QV
Portanto,paradarummesmoaquecimento(ΔU)aumamassade
gás, precisamos fornecer mais energia térmica a pressão cons-
tante do que a volume constante.
Cp
Ͼ CV
Resposta: 18

92 (PUC-MG) O rendimento de uma máquina térmica é uma rela-
ção entre a energia transformada em trabalho e a energia absorvida da
fonte quente.
MT TrabalhoFonte quente
Q1
␶
Q2
Fonte fria
Q1
= calor retirado da fonte quente
Q2
= calor rejeitado para a fonte fria
τ = trabalho realizado
Uma máquina térmica teórica retira 1000 J da fonte quente e rejeita
650Jparaafontefria.Orendimentodessamáquina,emporcentagem,é:
a) 15. b) 65. c) 54. d) 40. e) 35.
Resolução:
η =
τ
Q1
=
Q1
– Q2
Q1
η =
1000 – 650
100
⇒ η = 0,35
η (%) = 35 %
Resposta: e
93 Um motor de Carnot recebe da fonte quente 100 cal por ciclo e
rejeita 80 cal para a fonte fria. Se a temperatura da fonte quente é de
127 °C, qual a temperatura da fonte fria?
Resolução:
QF
TF
=
QQ
TQ
80
TF
=
100
(127 + 273)
TF
= 320 K = 47 °C
Resposta: 47 °C
94 (Puccamp-SP) O esquema representa trocas de calor e realização
de trabalho em uma máquina térmica. Os valores de T1
e Q2
não foram
indicados, mas deverão ser calculados durante a solução desta questão.
Fonte quente
T1
=
Q1
= 4000 J
Fonte fria
Q2
=
T2
= 300 K
␶ = 800 J
Considerando os dados indicados no esquema, se essa máquina ope-
rasse segundo um ciclo de Carnot, a temperatura T1
, da fonte quente,
seria, em Kelvins, igual a:
a) 375. b) 400. c) 525. d) 1200. e) 1500.
Resolução:
Q2
= Q1
– τ
Q2
= 4000 – 800 ⇒ Q2
= 3200 J
Como:
T1
T2
=
Q1
Q2
então:
T1
300
= 4000
3200
T1
= 375 K
Resposta: a
95 (UFMA) Uma máquina térmica funciona realizando o ciclo de
Carnot. Em cada ciclo, o trabalho útil fornecido pela máquina é de
2000 J. As temperaturas das fontes térmicas são 227 °C e 27 °C, respec-
tivamente. O rendimento da máquina, a quantidade de calor retirada
da fonte quente e a quantidade de calor rejeitada para a fonte fria são,
respectivamente:
a) 60%, 4000 J e 6000 J. d) 40%, 4000 J e 1000 J.
b) 40%, 3000 J e 5000 J. e) 30%, 6000 J e 4000 J.
c) 40%, 5000 J e 3000 J.
Resolução:
η = 1 –
TF
TQ
η = 1 –
(27 + 273)
(227 + 273)
= 0,4
η (%) = 40%
O trabalho útil (2000 J) corresponde a 40% da energia térmica retirada
da fonte quente:
QQ
= 5000 J
Rejeitado para a fonte fria:
QF
= (5000 – 2000) J
QF
= 3000 J
Resposta: c
96 (Puccamp-SP) A turbina de um avião tem rendimento de 80%
do rendimento de uma máquina ideal de Carnot operando às mesmas
temperaturas.
Em voo de cruzeiro, a turbina retira calor da fonte quente a 127 °C e
ejeta gases para a atmosfera, que está a –33 °C.
O rendimento dessa turbina é de:
a) 80%. b) 64%. c) 50%. d) 40%. e) 32%.
Resolução:
Máquina ideal de Carnot:
η = 1 –
TF
TQ
η = 1 –
(–33 + 273)
(127 + 273)
⇒ η = 1 – 240
400
η = 0,4 ⇒ η (%) = 40%

Portanto:
η = 40% · 0,8
η = 32%
Resposta: e
97 (PUC-SP)
a) Um inventor afirmou ter construído uma máquina térmica cujo
desempenho atinge 90% daquele de uma máquina de Carnot.
Sua máquina, que trabalha entre as temperaturas de 27 °C e
327 °C, recebe, durante certo período, 1,2 · 104
cal e fornece, simul-
taneamente, um trabalho útil de 1 · 104
J. A afirmação do inventor é
verdadeira? Justifique.
Dado:1 cal = 4,186 J
b) Se o trabalho útil da máquina térmica do item anterior fosse exerci-
do sobre o êmbolo móvel de uma ampola contendo um gás ideal, à
pressão de 200 Pa, qual seria a variação de volume sofrida pelo gás,
caso a transformação fosse isobárica?
Resolução:
a) Máquina de Carnot:
η = 1 –
TF
TQ
η = 1 –
(27 + 273)
(327 + 273)
= 1 – 300
600
η = 0,50 → η(%) = 50%
Portanto:
η’(%) = 50% · 0,90
η’(%) = 45%
No entanto, temos:
η’ = τ
QA
= 1 · 104
1,2 · 104
· 4,186
η’ Ӎ 0,20 ⇒ η (%) Ӎ 20%
A afirmativa do inventor é falsa.
b) A pressão constante, temos:
τp
= p · ΔV
1 · 104
= 200 · ΔV
ΔV = 50 m3
Respostas: a) Falsa; b) 50 m³
98 (Vunesp-SP) Uma geladeira retira, por segundo, 1000 kcal do con-
gelador, enviando para o ambiente 1200 kcal. Considere 1 kcal = 4,2 kJ.
Qualapotênciadocompressordageladeira?
Resolução:
O trabalho realizado pelo compressor é dado por:
τ = 1200 – 1000 (kcal)
τ = 200 kal = 840 kJ
Como esse trabalho foi realizado em 1 segundo, temos:
Pot = τ
Δt
= 840 kJ
1 s
Pot = 840 kW
Resposta: 840 kW
99 (UFV-MG) Em um refrigerador ideal, o dissipador de calor (ser-
pentina traseira) transferiu 5,0 · 105
J de energia térmica para o meio
ambiente, enquanto o compressor produziu 3,0 · 105
J de trabalho so-
bre o ﬂuido refrigerante.
Dissipador
Compressor
5,0 · 105
J
Refrigerador ideal
3,0 · 105
J
Calcule:
a) a quantidade de calor retirada da câmara interna;
b) o rendimento do sistema de refrigeração.
Resolução:
a) No refrigerador, temos:
QQ
= QF
+ τ
5,0 · 105
= QF
+ 3,0 · 105
QF
= 2,0 · 105
J
b) O rendimento do refrigerador é calculado por:
η =
QF
τ
η = 2,0 · 105
3,0 · 105 → η = 2
3
Ӎ 0,67
η(%) Ӎ 67%
Respostas: a) 2,0 · 105
J; b) 67%
100 (Unifesp-SP) Costuma-se especificar os motores dos automó-
veis com valores numéricos, 1.0, 1.6, 1.8 e 2.0, entre outros. Esses
números indicam também valores crescentes da potência do motor.
Pode-se explicar essa relação direta entre a potência do motor e es-
ses valores numéricos porque eles indicam o volume aproximado,
em litros,
a) de cada cilindro do motor e, quanto maior esse volume, maior a
potência que o combustível pode fornecer.
b) do consumo de combustível e, quanto maior esse volume, maior a
quantidade de calor que o combustível pode fornecer.
c) de cada cilindro do motor e, quanto maior esse volume, maior a
temperatura que o combustível pode atingir.
d) do consumo de combustível e, quanto maior esse volume, maior a
temperatura que o combustível pode fornecer.
e) de cada cilindro do motor e, quanto maior esse volume, maior o
rendimento do motor.
Resolução:
Os valores numéricos 1.0, 1.6, 1.8 e 2.0 são indicativos do volume de
cada cilindro do motor, na unidade litro.
O volume indicado corresponde à mistura combustível + ar. Quanto
maior essa quantidade aspirada, maior é a explosão e maior é a potên-
cia do motor.
Resposta: a

101 (Mack-SP) Nas transformações adiabáticas, podemos rela-
cionar a pressão p de um gás com o seu volume V pela expressão
p · V
γ
= K, onde γ e K são constantes. Para que K tenha dimensão de
trabalho, γ:
a) deve ter dimensão de força.
b) deve ter dimensão de massa.
c) deve ter dimensão de temperatura.
d) deve ter dimensão de deslocamento.
e) deve ser adimensional.
Resolução:
p Vγ
= K
[p] =
[F]
[A]
= M L T–2
L2 = m L–1
T–2
[V] = L3
[τ] = [F][d] = M L T–2
L = M L2
T–2
Como [p] [V] = M L–1
T–2
L3
= M L2
T–2
,
então γ deve ser adimensional.
Resposta: e
102 E.R. Determine a variação da entropia (ΔS) de um sistema
constituído de 200 g de gelo, a 0 °C, quando essa amostra sofre
fusão.
Dado:calor latente de fusão do gelo = 336 J
g
Resolução:
ΔS = Q
T
=
m LF
T
ΔS = 200 · 336
(0 + 273)
J
K
ΔS Ӎ 246 J
K
103 (ITA-SP) Calcule a variação de entropia (ΔS) quando, num pro-
cesso à pressão constante de 1,0 atm, se transformam integralmente
em vapor 3,0 kg de água que se encontram inicialmente no estado
líquido, à temperaura de 100 °C.
Dado: calor de vaporização da água = 5,4 · 105
cal/kg
Resolução:
ΔS = Q
T
=
m Lv
T
⇒ ΔS = 3,0 · 5,4 · 105
(100 + 273)
(cal/K)
ΔS Ӎ 4343 cal/K
Resposta: ΔS Ӎ 4343 cal/K
104 Em um recipiente de capacidade térmica desprezível e termi-
camente isolado, são misturados 100 g de água a 10 °C com 200 g de
água a 40 °C.
Dado: calor específico da água = 1 cal/g °C
Pede-se determinar a variação de entropia (ΔS) ocorrida nesse sistema,
na transformação termodinâmica, do início da mistura até o equilíbrio
térmico final.
Resolução:
Como a transformação termodinâmica citada é espontânea, a entropia
do sistema deve aumentar e ΔS Ͼ 0.
1. Qcedido
+ Qrecebido
= 0
(m c Δθ)água quente
+ (m c Δθ)água fria
= 0
200 · 1 (θf
– 40) + 100 · 1 (θf
– 10) = 0
2θf
– 80 + θf
– 10 = 0
3θf
= 90
θf
= 30 °C
2. Q = m c Δθ
Q1
= 100 · 1 (30 – 10) (cal) ⇒ Q1
= +2000 cal
Q2
= 200 · 1 (30 – 40) (cal) ⇒ Q2
= –2000 cal
3. Água fria
ΔS1
=
Q1
T1
ParaT1
,usaremosovalormédioentreastemperaturasinicial(10°C)
e final (30 °C)
T1
= 20 °C.
ΔS1
= 2000 cal
(20 + 273) K
ΔS Ӎ +6,8 cal/K
4. Água quente
ΔS2
=
Q2
T2
Usaremos:
T2
= 30 + 40
2
°C = 35 °C
Assim,
ΔS2
= –2000 cal
(35 + 273) K
Ӎ –6,5 cal/K
Portanto,
ΔS = ΔS1
+ ΔS2
= (+6,8) + (–6,5)
ΔS = +0,3 cal/K
Resposta: ΔS = +0,3 cal/K
105 (UnB-DF) Quanto aos processos sofridos por gases ideais entre
dois estados, julgue os itens a seguir:
a) Num processo isotérmico, há troca de calor com o meio exterior.
b) Numprocessoadiabático,nãohátransferênciadecalorparaomeio
exterior.
c) Um processo adiabático é um processo lento, em que a variação de
energia do gás é igual ao trabalho realizado sobre este.
d) Um processo isotérmico é um processo lento, no qual há variação
na energia interna do gás.
e) Num processo isotérmico, a energia cinética média das moléculas é
a mesma nos estados inicial e final.
f) Num processo isotérmico de compressão de um gás, a pressão exer-
cida sobre as paredes do recipiente que contém o gás aumentará.
g) Num processo adiabático, a variação de energia do gás é nula.
h) A temperatura do gás no estado final depende do processo segui-
do e da natureza do gás.
Resolução:
a) Verdadeiro — Num processo isotérmico, a temperatura não varia
e a energia interna permanece constante (ΔU = 0).
Assim, para realizar trabalho, o sistema deve receber calor e, para
fornecer calor, deve receber trabalho.
b) Verdadeiro — Processo adiabático é aquele que ocorre sem trocas
de calor com o meio externo.
c) Falso.

d) Falso — No processo isotérmico, não há variação de energia inter-
na no sistema.
e) Verdadeiro—Numprocessoisotérmico,aenergiacinéticamédiadas
moléculas(quedeterminaatemperatura)permanececonstante.
f) Verdadeiro — Processo isotérmico → temperatura constante
Compressão → diminuiçãodevolume.Assim,apressãoaumentará.
g) Falso — Num processo adiabático, o gás não recebe calor, mas
pode receber energia em forma de trabalho.
h) Falso — A temperatura é função de ponto, não dependendo do
processo seguido.
Respostas: a) Verdadeiro; b) Verdadeiro; c) Falso; d) Falso;
e) Verdadeiro; f) Verdadeiro; g) Falso; h) Falso.
106 (UFC-CE) O ciclo diesel, mostrado na figura abaixo, representa
o comportamento aproximado de um motor diesel. A substância de
trabalho desse motor pode ser considerada um gás ideal. O processo
a → b é uma compressão adiabática, o processo b → c é uma expansão
a pressão constante, o processo c → d é uma expansão adiabática e o
processo d → a é um resfriamento a volume constante.
Pressão
Volume
b c
d
a
Com relação a esses processos, a opção correta é:
a) No processo a → b a energia interna do sistema não varia.
b) No processo b → c a energia interna do sistema diminui.
c) No processo c → d a energia interna do sistema diminui.
d) No processo d → a a energia interna do sistema aumenta.
e) No ciclo completo a variação da energia interna é positiva.
Resolução:
No processo c → d, temos Tc
> Td
.
O processo c → d é adiabático.
Resposta: c
107 (UFMS) Um sistema termodinâmico é levado do estado termo-
dinâmico A até outro B (ver figura a seguir) e depois trazido de volta ao
estado A através do estado C.
Pressão
(N/m2
)
Volume
(m2
)
A
40
7654321
30
20
10
B
C
Logo, é correto afirmar que:
(01) o trabalho executado pelo sistema termodinâmico na mudança
do estado B para o estado C é um trabalho não-nulo.
(02) supondo que o aumento da energia interna para o percurso do
estado termodinâmico A para o C seja 200 J, a variação da energia
interna do percurso do estado termodinâmico A para o B, e deste
para o estado C, também sofre um aumento de 200 J.
(04) a variação da energia interna de um sistema termodinâmico de-
pende dos estados termodinâmicos intermediários e não somen-
te dos estados inicial e final.
(08) o trabalho executado pelo sistema termodinâmico no percurso
entre os estados de A para B, e deste para C, é de 60 J.
(16) supondo que o aumento da energia interna para o percurso do
estado termodinâmico A para o C seja 200 J, o calor absorvido
pelo sistema termodinâmico no percurso do estado termodi-
nâmico A para o estado B, e deste para C, é também de 200 J.
(32) o trabalho executado pelo sistema termodinâmico no ciclo fecha-
do passando pelos estados A – B – C – A é de –60 J.
(64) considerando o diagrama apresentado, podemos afirmar que
esse diagrama, independentemente da sucessão dos estados
A – B – C – A ou A – C – B – A percorridos pelo sistema termodi-
nâmico, pode representar exclusivamente a sucessão de estados
termodinâmicos de uma máquina térmica (motor).
Dê como resposta a soma dos números associados às alternativas
corretas.
Resolução:
(01) Incorreto — De B para C, o volume permanece constante.
(02) Correto — A variação de energia interna não é função de “cami-
nho”, é função de “ponto”. Assim, a variação de energia interna
de A para B (ΔUABC
= UB
– UA
) é a mesma, quaisquer que sejam as
situações intermediárias.
(04) Incorreto.
(08) Correto — τABC
= τAB
+ τBC
τABC
= [área] + 0
τABC
= 6 · 10 (J)
τABC
= 60 J
(16) Incorreto — 1a
Lei da Termodinâmica: ΔU = Q – τ
Nos trajetos AC e ABC, as variações de energia interna são iguais
(ΔUAC
= ΔUABC
)
Assim:
QAC
– τAC
= QABC
– τABC
Mas
τAC
Ͼ τABC
(área maior para a transformação AC),
então:
QAC
Ͼ QABC
(32) Correto — τciclo
= [área interna ao ciclo]
τABCA
= (7 – 1) (30 – 10)
2
(J)
τABCA
= –60 J
O sinal negativo deve-se ao fato de o ciclo ABCA “girar” no sen-
tido anti-horário.
(64) Incorreto.
Resposta: 42

108 (UFSCar-SP)Mantendoumaestreitaaberturaemsuaboca,asso-
pre com vigor sua mão agora! Viu? Você produziu uma transformação
adiabática! Nela, o ar que você expeliu sofreu uma violenta expansão,
durante a qual:
a) o trabalho realizado correspondeu à diminuição da energia interna
desse ar, por não ocorrer troca de calor com o meio externo.
b) o trabalho realizado correspondeu ao aumento da energia interna
desse ar, por não ocorrer troca de calor com o meio externo.
c) o trabalho realizado correspondeu ao aumento da quantidade de
calor trocado por esse ar com o meio, por não ocorrer variação da
sua energia interna.
d) não houve realização de trabalho, uma vez que o ar não absorveu
calor do meio e não sofreu variação de energia interna.
e) nãohouverealizaçãodetrabalho,umavezqueoarnãocedeucalor
para o meio e não sofreu variação de energia interna.
Resolução:
Como o ar sofreu uma expansão adiabática — sem trocar calor com o
meio externo—, a realização de trabalho será feita à custa da energia
interna, que diminuirá.
Resposta: a
109 (Faap-SP) O diagrama representa o ciclo percorrido por 2 mols
de gás perfeito. Sabendo que no estado A a temperatura é 27 °C, qual
é o trabalho realizado pelo gás no ciclo?
p
V
A
V 2V
p
2p
Dado: constante universal dos gases perfeitos: R = 8 J/mol K.
Resolução:
No ciclo,
τciclo
= [área interna ao ciclo] = (2V – V) (2p – p) τciclo
= pV
Aplicando a Equação de Clapeyron ao estado definido pelo ponto A
do diagrama,
pA
VA
= n R TA
⇒ pV = 2 · 8 (27 + 273) = 4800 J
Assim,
τciclo
= 4800 J
Resposta: τciclo
= 4800 J
110 (ITA-SP) Na expansão livre de um gás ideal, quando ele passa de
um volume Vi
para um volume Vf
, pode-se afirmar que essa expansão
pode ser descrita por:
a) uma expansão isotérmica.
b) uma expansão adiabática irreversível, na qual a temperatura no es-
tado de equilíbrio final é a mesma que a no estado inicial.
c) uma expansão isobárica.
d) um processo isovolumétrico.
e) nenhuma das afirmações acima está correta.
Resolução:
Na expansão livre, o gás não realiza trabalho, não troca calor com o
meio externo (adiabática), e sua energia interna não é alterada. Esse
processo é irreversível.
Resposta: b
111 (Uﬂa-MG)Afiguramostra,emcorte,um
cilindro de paredes adiabáticas (não há tro-
ca de calor), provido de um êmbolo superior
móvel. No interior do cilindro, encontram-se n
molsdeumgásideal.ApressãoatmosféricaPa
local é de 1 atm e a pressão dos pesos sobre o
êmbolo móvel é de 5 atm. A área da base do
cilindro e do êmbolo móvel é de 5 · 10–3
m2
. Na
condição de equilíbrio mostrada, h = 16 cm e
a temperatura do gás é 300 K.
Considerando 1 atm = 1,0 · 105
N/m2
e
R = 8 J/mol K, calcule:
a) onúmerodemols(n)contidonocilindro;
b) a força em newtons que o gás realiza sobre o êmbolo móvel.
Em seguida, a temperatura do gás é elevada para 420 K, mantendo-se a
pressãoconstante.
Calcule:
c) odeslocamentoΔh(cm)doêmbolomóvel;
d) o trabalho realizado pelo gás, em joules.
Resolução:
a) Equação de Clapeyron:
p V = n R T
Como:
p = (1+5) atm = 6 atm = 6 · 105
N/m2
V = Ah = 5 · 10–3
· 0,16 m3
= 8 · 10–4
m3
Então:
6 · 105
· 8 · 10–4
= n 8 · 300
n = 0,2 mol
b) p = F
A
⇒ F = p A
F = 6 · 105
· 5 · 10–3
N
F = 3 · 103
N
c) Equação de Clapeyron:
p V = n R T
6 · 105
· 5 · 10–3
h2
= 0,2 · 8 · 420 ⇒ h2
= 0,224 m = 22,4 cm
Então:
Δh = 22,4 – 16
Δh = 6,4 cm
d) Na transformação isobárica, temos:
τp
= p ΔV = 6 · 105
· 5 · 10–3
· 0,064
τ =192 J
Respostas: a) n = 0,2 mol; b) F = 3 · 103
N; c) Δh = 6,4 cm; d) τ =192 J;
Pa
Δh
h

112 (UEM-PR) A temperatura de 500 g de um gás perfeito é au-
mentada de 20 °C para 140 °C. Se o processo é feito primeiramente a
pressão e depois a volume constantes, qual o trabalho realizado pelo
gás, em calorias? (Considere para o gás perfeito cV
= 0,18 cal/g °C e
cp
= 0,25 cal/g °C.)
Resolução:
τ = QP
– QV
τ = m cP
Δθ – m cV
Δθ
τ = m Δθ (cP
– cV
)
τ = 500 (140 – 20)(0,25 – 0,18) (cal)
τ = 4200 cal
Resposta: 4200 cal
113 Emumatransformaçãoadiabáticareversível,20gdeumgásideal
evoluem de um estado em que a temperatura vale 77 °C para outro
em que a temperatura vale 327 °C. Sendo cV
= 1,6 · 10–3
cal/g °C e
cp
= 3,6 · 10–3
cal/g °C, qual o trabalho realizado nessa transformação,
em joules?
Dado: 1 cal = 4,2 J
Resolução:
τ = QP
– QV
τ = m cP
Δθ – m cV
Δθ = m Δθ (cP
– cV
)
τ = 20(327 – 77)(3,6 · 10–3
– 1,6 · 10–3
)(cal)
τ = 10 cal = 42 J
τ = 42 J
Resposta: 42 J
114 (UFC-CE) Uma amostra de n mols de um gás ideal monoatômico
é levada do estado de equilíbrio termodinâmico inicial de temperatu-
ra T, até o estado final de equilíbrio de temperatura T1
mediante dois
diferentes processos: no primeiro, o volume da amostra permanece
constante e ela absorve uma quantidade de calor QV
; no segundo, a
pressão da amostra permanece constante e ela absorve uma quanti-
dade de calor Qp
. Use a Primeira Lei da Termodinâmica, ΔU = Q – W,
sendo ΔU = 3
2
n R ΔT, para determinar que se Qp
for igual a 100 J
então o valor de QV
será igual a:
a) 200 J.
b) 160 J.
c) 100 J.
d) 80 J.
e) 60 J.
Resolução:
Processo 1 (volume constante):
Qv
= ΔU = 3
2
n R ΔT
n R ΔT = 2
3
Qv
Processo 2 (pressão constante):
ΔU = Qp
– τp
mas
τp
= p ΔV = n R ΔT ,
então
ΔU = Qp
– n R ΔT
Qv
= Qp
– 2
3
Qv
⇒ Qp
= 5
3
Qv
100 = 5
3
Qv
⇒ Qv
= 60 J
Resposta: e
115 A energia interna U de certa quantidade de gás, que se com-
porta como gás ideal, contida em um recipiente é proporcional à
temperatura T, e seu valor pode ser calculado utilizando a expressão
U = 12,5 T. A temperatura deve ser expressa em kelvins e a energia,
em joules. Se inicialmente o gás está à temperatura T = 300 K e, em
uma transformação a volume constante, recebe 1250 J de uma fonte
de calor, sua temperatura final será:
a) 200 K; c) 400 K; e) 800 K.
b) 300 K; d) 600 K;
Resolução:
U = 12,5 T
Assim:
ΔU = 12,5 · ΔT
A volume constante, o calor recebido é utilizado para aumentar a ener-
gia interna do gás.
1250 = 12,5 (T2
– 300)
100 = T2
– 300
T2
= 400 K
Resposta: c
116 (UFRN) Em um processo adiabático, a pressão p e o volume V
de um gás ideal obedecem à relação p Vγ
= constante, em que γ é um
parâmetro fixo. Considere que uma amostra de gás ideal sofreu uma
expansão adiabática na qual o seu volume foi duplicado.
A razão entre a temperatura inicial TI
e a temperatura final TF
da amos-
tra é:
a) TI
/TF
= 2γ
. c) TI
/TF
= γ. e) TI
/TF
= γ2
.
b) TI
/TF
= 21–γ
. d) TI
/TF
= 2γ–1
.
Resolução:
Do enunciado, sabemos que p1
V1
γ
= p2
V2
γ
; da Equação de Clapeyron:
pV = n R T
Assim:
p = n R T
V
⇒ n R T
Vi
· V1
γ
= n R T
VF
V2
γ
Como VF
= 2 Vi
, então:
Ti
Vγ
1
Vi
=
TF
(2 Vγ
i
)
2 Vi
, ou Ti
Vγ
i
=
TF
2γ
Vγ
i
2
Ti
TF
= 2γ
2
= 2γ – 1
Resposta: d

117 (Unip-SP) O gráfico a seguir representa a pressão em função do
volume para 1 mol de um gás perfeito.
p (N/m2
)
V (m3
)
A
B
C
D
3a
2a
a
0 a 2a 3a 4a
O gás percorre o ciclo ABCDA, que tem a forma de uma circunferência.
Indique a opção falsa.
a) As temperaturas nos estados A e B são iguais.
b) As temperaturas nos estados C e D são iguais.
c) O trabalho realizado pelo gás, entre os estados A e C, é 4 π a2
2
joules.
d) O trabalho realizado no ciclo vale (π a2
) joules.
e) Na transformação de A para B, o gás recebeu uma quantidade de
calor de 2 + π
4
a2
joules.
Resolução:
a) Verdadeira — pA
vA
= pB
vB
, e assim TA
= TB
b) Verdadeira — pC
vC
= pD
vD
, e assim TC
= TD
c) Falsa
τABC
= π a2
2
(J)
d) Verdadeira
τciclo
= π a2
(J)
e) Verdadeira
τAB
= π a2
4
+ 2 a2
τAB
= 2 + π
4
a2
(J)
Resposta: c
118 (UFRJ) Um gás ideal realizou um ciclo termodinâmico ABCDA,
ilustrado na figura.
M
A
B D
C
P1
P0
V0
V1
(Pa
)
(m3
)
a) Calcule o trabalho total realizado pelo gás no ciclo.
b) Aplicando a 1a
Lei da Termodinâmica ao gás no ciclo e adotando
a convenção de que o calor absorvido é positivo e o calor cedido
é negativo, investigue a soma do calor trocado nas diagonais, isto
é, QBC
+ QDA
, e conclua se essa soma é maior ou menor que zero ou
igual a zero. Justifique sua resposta.
Resolução:
a) τciclo
= [área interna ao ciclo]
τciclo
= 0 (observe que o trabalho realizado no trecho BMA é recebi-
do em DMC)
b) QBC
+ QDA
= 0
De B para C, o volume aumenta e o gás realiza trabalho:
τBC
=
(p1
+ p0
) (v1
– v0
)
2
De D para A, o volume diminui e o gás recebe trabalho:
τDA
= –
(p1
+ p0
) (v1
– v0
)
2
Resposta: a) τciclo
= 0; b) –
(p1
+ p0
) (v1
– v0
)
2
119 Duas salas idênticas estão separadas por uma divisória de espes-
sura L = 5,0 cm, área A = 100 m2
e condutividade térmica k = 2,0 W/m K.
O ar contido em cada sala encontra-se, inicialmente, a temperatura
T1
= 47 °C e T2
= 27 °C, respectivamente. Considerando o ar como um
gás ideal e o conjunto das duas salas um sistema isolado, calcule a taxa
de variação de entropia, ΔS
Δt
, no sistema no início da troca de calor,
explicando o que ocorre com a desordem do sistema.
Resolução:
ΔS = Q
T
ΔS1
= Q
T1
(parte fria)
ΔS2
= Q
T2
(parte quente)
ΔS = ΔS1
+ ΔS2
ΔS = Q · 1
T1
– 1
T2
Δs
Δt
= Q
Δt
· 1
T1
– 1
T2
Como:
∅ = Q
Δt
= k A Δθ
L
∅ = 2,0 · 100 · 20
5,0 · 10–2
(W)
∅ = 8,0 · 104
W
Então:
Δs
Δt
= 8,0 · 104 1
300
– 1
320
Δs
Δt
Ӎ +16,7 W/K
Resposta: Como a variação de entropia é positiva, a desordem
do sistema aumenta.

120 (UFC-CE) A eficiência de uma máquina de Carnot que opera en-
tre a fonte de temperatura alta (T1
) e a fonte de temperatura baixa (T2
)
é dada pela expressão
η = 1 –
T2
T1
,
em que T1
e T2
são medidas na escala absoluta ou de Kelvin.
Suponhaquevocêdisponhadeumamáquinadessascomumaeficiên-
cia η = 30%. Se você dobrar o valor da temperatura da fonte quente, a
eficiência da máquina passará a ser igual a:
a) 40%. b) 45%. c) 50%. d) 60%. e) 65%.
Resolução:
0,30 = 1 –
T2
T1
T2
T1
= 0,7
Assim:
η = 1 –
T2
2T1
η = 1 – 1
2
· 0,7 ⇒ η = 1 – 0,35 ⇒ η = 0,65 ⇒ η = 65%
Resposta: 65%
121 (Unicamp-SP) Com a instalação do gasoduto Brasil–Bolívia, a
quota de participação do gás natural na geração de energia elétrica
no Brasil será significativamente ampliada. Ao se queimar 1,0 kg de gás
natural obtêm-se 5,0 · 107
J de calor, parte do qual pode ser convertido
em trabalho em uma usina termoelétrica. Considere uma usina quei-
mando 7200 quilogramas de gás natural por hora, a uma temperatura
de 1227 °C. O calor não-aproveitado na produção de trabalho é ce-
dido para um rio de vazão 5000 ᐉ/s, cujas águas estão inicialmente a
27 °C. A maior eficiência teórica da conversão de calor em trabalho é
dada por η = 1 –
Tmín
Tmáx
, sendo Tmáx
e Tmín
as temperaturas absolutas
das fontes quente e fria respectivamente, ambas expressas em Kelvin.
Considere o calor específico da água c = 4 000 J/kg °C.
a) Determine a potência gerada por uma usina cuja eficiência é meta-
de da máxima teórica.
b) Determine o aumento de temperatura da água do rio ao passar
pela usina.
Resolução:
a) η = 1 –
Tmín
Tmáx
= 1 – 27 + 273
1227 + 273
= 0,80 ⇒ η (%) = 80%
Para uma usina com a metade da eficiência máxima teórica,
η (%)= 40%
Assim,
Pot = Q
Δt
= 0,40 · 7200 · 5,0 · 107
3600
Pot = 4,0 · 107
W = 40 MW
b) Para a água: 1ഞ ⇒ 1 kg
Assim, se 60% da energia é liberada para a água, teremos
Q = Pot Δt
6 · 107
Δt = m 4000 Δθ ⇒ 1,5 · 104
= m
Δt
Δθ
1,5 · 104
= 5000 Δθ
Δθ = 3,0 °C
Respostas: a) Pot = 4,0 · 107
W = 40 MW; b) Δθ = 3,0 °C
122 (Unicamp-SP) Vários textos da coletânea da prova de redação
enfatizam a crescente importância das fontes renováveis de energia.
No Brasil, o álcool tem sido largamente empregado em substituição à
gasolina. Uma das diferenças entre os motores a álcool e a gasolina é
o valor da razão de compressão da mistura ar–combustível. O diagra-
ma adiante representa o ciclo de combustão de um cilindro de motor
a álcool. Durante a compressão (trecho i → f), o volume da mistura é
reduzidodeVi
paraVf
.Arazãodacompressãorédefinidacomor=
Vi
Vf
.
Valores típicos de r para motores a gasolina e a álcool são, respectiva-
mente, rg
= 9 e ra
= 11. A eficiência termodinâmica é função da razão de
compressão e é dada por E Ӎ 1 – 1
r
.
30
1
40036 Volume (cm3
)
Pressão(atm)
Ti
= 300 K
i
f
a) Quais são as eficiências termodinâmicas dos motores a álcool e a
gasolina?
b) A pressão P, o volume V e a temperatura absoluta T de um gás ideal
satisfazem a relação P V
T
= constante. Encontre a temperatura da
mistura ar–álcool após a compressão (ponto f do diagrama). Consi-
dere a mistura como um gás ideal.
Dados: 7 Ӎ 8
3
; 9 = 3; 11 Ӎ 10
3
; 13 Ӎ 18
5
.
Resolução:
a) Da expressão fornecida, temos:
E Ӎ 1 – 1
r
Ea
Ӎ 1 – 1
11
Ea
Ӎ 70%
Eg
Ӎ 1 – 1
9
Eg
Ӎ 67%
b) Da Equação geral dos Gases, temos:
Pf
· Vf
Tf
=
Pi
· Vi
Ti
30 · 36
Tf
= 1 · 400
Tf
Tf
= 810 K
Respostas: a) Ea
Ӎ 70% e Eg
Ӎ 67%; b) Tf
= 810 K
123 (Unicamp-SP) No início da Revolução Industrial, foram cons-
truídas as primeiras máquinas a vapor para bombear água do interior
das minas de carvão. A primeira máquina operacional foi construída
na Inglaterra por Thomas Newcomen em 1712. Essa máquina fornece

uma potência útil de 4,0 · 103
W utilizando o próprio carvão das minas
como combustível. A queima de 1 kg de carvão fornece 3,0 · 107
J de
energia.
A potência útil da máquina de Newcomen correspondia a somente 1%
da potência recebida da queima de carvão. Calcule, em kg, o consumo
de carvão dessa máquina em 24 h de funcionamento.
Resolução:
Pottotal
= 100 Potútil
Pottotal
= 100 · 4,0 · 103
W
Pottotal
= 4,0 · 105
W
Em 24 horas teremos
E = Pot Δt
E = 4,0 · 105
· 86400
E = 3,456 · 1010
J
Como cada quilograma de carvão produz 3,0 · 107
J de energia, o con-
sumo de carvão será:
1 kg → 3,0 · 107
J
m → 3,456 · 1010
J m = 1152 kg
Resposta: m = 1152 kg
124 (Vunesp-SP) Num lugar onde g = 9,8 m/s2
, um corpo metálico
de massa m = 2,0 kg cai de 209 m de altura. Supondo que todo o calor
produzido no impacto permaneça no corpo, e sabendo que sua tem-
peratura se elevou em 10 °C, qual é, aproximadamente, o calor especí-
fico do material do corpo, em cal/g °C?
Resolução:
EP
= m g h = 2,0 · 9,8 · 209 (J)
EP
= 4096,4 J = 980 cal
Portanto:
Q = m c Δθ
980 = 2000 · c · 10
c = 4,9 · 10–2
cal/g o
C
Resposta: 4,9 · 10–2
cal/g o
C
125 (EEM-SP) Numa piscina de 10 m de comprimento, 5 m de lar-
gura e 2 m de profundidade, 7 nadadores disputam uma competição,
nadando vigorosamente com potência individual P = 500 W. Durante
12 minutos de competição, qual o trabalho total produzido pelos na-
dadoreseaelevaçãodetemperaturadapiscina,supondoquenenhum
calor da água seja perdido?
Adote: 1 cal = 4,2 J;
calor específico sensível da água: c = 1,0 cal/g °C;
densidade da água: µ = 1,0 g/cm3
.
Resolução:
τ = Pot · Δt
τ = 7 · 500 · 12 · 60 (J)
τ = 2520000 J
τ = 2,52 · 106
J
Usando:
Q = m c Δθ
Sendo:
Q = 2,52 · 106
J = 6 · 105
cal
m = μV = 1,0
g
cm3 · (10 · 5 · 2) · 106
cm3
= 1,0 · 1,08
g
temos:
6 · 105
= 1,0 · 108
· 1,0 · Δθ
Δθ = 6 · 10–3 o
C
Respostas: 2,52 · 106
J; 6 · 10–3 o
C
126 (IME-RJ) Um projétil de liga de chumbo de 10 g é disparado de
uma arma com velocidade de 600 m/s e atinge um bloco de aço rígi-
do, deformando-se. Considere que, após o impacto, nenhum calor é
transferido do projétil para o bloco. Calcule a temperatura do projétil
depois do impacto.
Dados:temperatura inicial do projétil: 27 °C;
temperatura de fusão da liga: 327 °C;
calor de fusão da liga: 20000 J/kg;
calor específico da liga no estado sólido: 120 J/kg °C;
calor específico da liga no estado líquido: 124 J/kg °C.
Resolução:
Ec
= m V2
2
= 10 · 10–3
(600)2
2
Ec
= 1800 J
Aquecimento do projétil:
1. até a temperatura de fusão:
Q1
= m c Δθ = 10 · 10–3
· 120 · (327 – 27)
Q1
= 360 J
2. na fusão do projétil
Q2
= m Lf
= 10 · 10–3
· 20000
Q2
= 200 J
3. aquecimento no estado líquido:
Q3
= m c Δθ
1800 – (360 + 200) = 10 · 10–3
· 124 (θ – 327)
θ = 1327 °C
Resposta: θ = 1327 °C
127 (Unirio-RJ) Um operário precisa encravar um grande prego de
ferro em um pedaço de madeira. Percebe, então, que, depois de algu-
masmarteladas,atemperaturadopregoaumenta,pois,duranteosgol-
pes,partedaenergiacinéticadomarteloétransferidaparaopregosob
a forma de calor. A massa do prego é de 40 g, e a do martelo, de 1,0 kg.
Sabe-se que o calor específico do ferro é de 0,11 cal/g °C. Admita que
a velocidade com que o martelo golpeia o prego é sempre de 4,0 m/s
e que, durante os golpes, apenas 1
4
da energia cinética do martelo é
transferidaaopregosobformadecalor.Admitatambémque1calӍ4J.
Desprezando-se as trocas de calor entre a madeira e o prego e entre
este e o ambiente, é correto afirmar que o número de marteladas da-
das para que a temperatura do prego aumente em 5 °C é de:
a) 176. b) 88. c) 66. d) 44. e) 22.
Resolução:
No martelo
Ec
= m V2
2
=
1 (4,0)2
2
Ec
= 8,0 J = 2,0 cal
Assim:
Q = m c Δθ ⇒
1
4
· 2,0 n = 40 · 0,11 · 5
n = 44 marteladas
Resposta: n = 44 marteladas

128 (Fuvest-SP) No estado de São Paulo, cuja área é de 2,5 · 105
km2
,
incidem sobre cada cm2
, em média, 250 cal/dia de energia solar. O
consumo brasileiro de petróleo destinado à geração de calor é de 105
barris por dia, equivalente a 1,6 · 1014
cal/dia. Seria, então, interessan-
te tentar obter esse calor a partir da energia solar, captada por meio
de coletores. Se a eficiência dos coletores fosse 100%, aproximada-
mente que fração percentual da área de São Paulo deveria ser reco-
berta por coletores solares, para fornecer aquela mesma quantidade
de energia?
Resolução:
250 cal
dia
→ 1 cm2
1,6 · 1014 cal
dia
→ x cm2
⇒ x = 1,6 · 1014
250
cm2
x = 6,4 · 1011
cm2
= 64 km2
Portanto:
2,5 · 105
km2
→ 100%
64 km2
→ y% ⇒ y = 64 · 100
2,5 · 105
y Ӎ 0,026%
Resposta: 0,026%
129 O rendimento real de um motor a gasolina está entre 20% e
25%. As perdas mecânicas e térmicas desse motor atingem de 75% a
80% da energia liberada pelo combustível. As perdas térmicas, calor
trocado com o ambiente pelo sistema de refrigeração, atingem 30%.
Outros 35% acompanham os gases expelidos ainda a altas temperatu-
ras e mais 10% são perdas mecânicas, devido ao atrito das superfícies
metálicas e à inércia do pistão.
O rendimento de uma máquina térmica é definido pela razão entre a
energia mecânica obtida (por meio do trabalho) e a energia total for-
necida pela explosão do combustível:
η =
␶
Q
Um dos procedimentos usados para elevar o rendimento de um motor
a explosão é aumentar a razão entre o volume máximo e o mínimo que
a mistura ocupa dentro do cilindro. Essa relação depende do combus-
tível utilizado. Nos motores a gasolina, o volume máximo é oito vezes
maior que o mínimo, isto é, a sua taxa de compressão é de 8 : 1; nos
motores a álcool, essa taxa é de 12 : 1, e, nos motores a diesel, é de
18 : 1. Assim, quanto mais diminuímos o volume mínimo, maior será a
taxa de compressão e o rendimento. No entanto, esse volume mínimo
tem seu limite, pois o combustível pode explodir mesmo sem faísca,
quando muito comprimido. Por isso, acrescenta-se ao combustível um
antidetonante – que no caso da gasolina é o álcool anidro.
A alternativa correta, com base no texto anterior, é:
a) Em um motor a explosão, as maiores perdas são mecânicas, devido
ao atrito entre as superfícies metálicas.
b) Dos combustíveis citados, o álcool não precisa de antidetonante,
pois ele próprio é antidetonante.
c) O álcool anidro é misturado à gasolina para aumentar o rendimen-
to do motor.
d) Um motor a explosão pode ter um rendimento muito próximo de
100%.
e) A maior taxa de compressão ocorre nos motores a diesel (18 : 1).
Assim, dos combustíveis citados, o diesel é o que apresenta maior
rendimento.
Nos motores dos automóveis a taxa de compressão do diesel é de
18 : 1; a da gasolina é de 8 : 1 e a do álcool, de 12 : 1.
Resolução:
A maior taxa de compressão ocorre nos motores a diesel (18:1), fazen-
do com que eles apresentem maior rendimento.
Resposta: e
130 Um dos aparelhos indispensáveis em uma residência é a geladei-
ra. A refrigeração do seu interior é feita de forma não-espontânea. Reti-
ra-se energia térmica da parte interna e transfere-se essa energia para o
ambiente da cozinha. A transferência de energia térmica só é espontâ-
nea quando o calor transita no sentido de temperaturas decrescentes.
Na parte interna da geladeira, há o congelador, no qual, normalmen-
te, a substância freon se vaporiza a baixa pressão, absorvendo energia
térmica. O freon, no estado gasoso, expande-se até o radiador (serpen-
tina traseira), no qual, sob alta pressão, se condensa, liberando energia
térmica para o meio externo. A pressão do freon é aumentada no ra-
diador devido a um compressor e diminuída no congelador devido a
uma válvula.
A eficiência εde uma geladeira é determinada pela razão entre a ener-
gia térmica Q que é retirada do seu congelador e o trabalho ␶ que o
compressor teve de realizar.
ε = Q
␶
A energia térmica que o radiador transfere para o ambiente é a soma
da energia térmica retirada do congelador com o trabalho realizado
pelo compressor.
O desenho representa uma geladeira doméstica:
Energia térmica
total liberada
Radiador
Compressor
Refrigerador ideal
␶
Considere uma geladeira ideal cujo compressor tenha potência útil
igual a 5,0 kW.
Se, durante cada minuto de funcionamento desse compressor, o radia-
dor (serpentina traseira) transfere para o meio ambiente 4,5 · 105
J de
energia térmica, a eficiência do refrigerador é igual a:
a) 33%. d) 75%.
b) 50%. e) 100%.
c) 67%.
SérgioDottaJr./TheNext

Resolução:
ε = Q
τ
Sendo 4,5 · 105
J/min = 7500 J/s
A cada segundo, temos
Q = 7500 – τ ⇒ Q = 7500 – 5000 ⇒ Q = 2500 J
Portanto:
ε = 2500
5000
= 0,50
ε (%) = 50%
Resposta: b
131 O gráfico mostra uma expansão adiabática de 1 mol de gás ideal
monoatômico, entre as isotermas T2
= 127 °C e T1
= 27 °C.
Para a constante universal dos gases perfeitos R, use o valor 2 cal/mol K.
Sabe-se ainda que o calor específico molar a pressão constante desse
gás vale 5 cal/mol K.
Pressão
Volume
A
T1
B
T2
0
Determine:
a) o trabalho realizado pelo gás durante a expansão adiabática;
b) o valor do expoente de Poisson (γ);
c) o valor do calor específico molar a volume constante do gás.
Resolução:
a) Na expansão adiabática, o trabalho é realizado graças à diminuição
de energia interna do gás:
τ = ΔU = 3
2
n R ΔT ⇒ τ = 3
2
· 1 · 2 (127 – 27)
τ =300 cal
b) Para gases ideais monoatômicos, temos γ =
Cp
Cv
Ӎ 1,7
c) Da relação de Mayer, R = Cp
– Cv
⇒ 2 = 5 – Cv
Cv
= 3 cal/mol K
Resposta: a) τ =300 cal; b) γ =
Cp
Cv
Ӎ 1,7; c) Cv
= 3 cal/mol K
132 (UFF-RJ) Considere 4 mols de um gás ideal, inicialmente a 2 °C
de temperatura e 8,20 atm de pressão, que se submete ao seguinte
ciclo de transformações:
1a
) compressãoisotérmica,cedendo860Jdecalor,atéovolumede10L;
2a
) aquecimento isobárico até a temperatura de 57 °C;
3a
) despressurização isovolumétrica até a pressão de 8,20 atm;
4a
) resfriamento isobárico até retornar às condições iniciais.
a) Represente este ciclo, em um gráfico p (atm) ϫ V (ᐉ), indicando os
valores de p, V e T ao final de cada uma das transformações dadas
acima.
b) Calcule o trabalho realizado pelo gás no ciclo, em joules.
c) Calcule o calor absorvido pelo gás no ciclo, em joules.
d) Calcule a potência, em watts, de um motor que realiza 10 desses
ciclos por segundo.
Dados:R (constante dos gases) = 0,082 atm ᐉ/mol K;
1 atm = 105
Pa;
0 °C = 273 K.
Resolução:
a) O gráfico é o seguinte:
p (atm)
V (L)
9,02
8,20
11100 12
2 °C
27 °C
57 °C
A
B C
D
Para o cálculo da pressão em B, usamos a lei de Boyle:
pA
VA
= pB
VB
8,20 · 11 = pB
10 ⇒ pB
= 9,02 atm
b) O ciclo representado no gráfico tem a forma aproximada de um
trapézio; assim:
τciclo
=
N
[área interna ao ciclo]
τciclo
=
(2 · 10–3
+ 1 · 10–3
) (9,02 – 8,20)
2
τciclo
Ӎ 123 J
c) Em um ciclo, a variação de energia interna é nula (ΔU = 0); assim,
usando a 1a
Lei da Termodinâmica ΔU = Q – τ , vem Q = τ; logo,
Q = τ = 123 J
d) Pot = τ
Δt
⇒ Pot = 10 · 123 J
1 s ⇒ Pot =1230 W
Respostas: a) pB
= 9,02 atm; b) τciclo
Ӎ 123 J; c) Q = τ = 123 J;
d) Pot =1230 W

133 (Olimpíada Brasileira de Física) Imagine que o seguinte proces-
sotermodinâmicoocorraespontaneamente:umasaladeaula,fechada
e isolada termicamente do ambiente externo, encontra-se inicialmen-
te a uma temperatura T0
, pressão p0
e contém ar homogeneamente
distribuído por todo o seu volume V0
. De repente, as moléculas cons-
tituintes do ar deslocam-se, sem realização de trabalho, passando a
ocupar apenas uma pequena parte, Vf
=
V0
1000
, do volume total da sala.
A pressão final do ar não é conhecida. Considere que o ar da sala é
constituído por n mols de um gás ideal.
a) Calcule a temperatura final do ar da sala de aula.
b) Calcule a variação da entropia total do ar da sala e do ambiente,
considerando que o processo mencionado tenha ocorrido de for-
ma irreversível. Com base em sua resposta, a existência desse pro-
cesso é possível? Explique.
[Dado: A variação de entropia de n mols de um gás ideal durante um
processo isotérmico reversível com volumes inicial e final respectiva-
mente iguais a Vi
e Vf
é dada aproximadamente por ΔS = 2,3 n R log10
Vf
Vi
,
em que R é a constante universal dos gases.]
Resolução:
a) Q = ΔU + τ; como a sala está isolada termicamente, então Q = 0 e
o gás não troca trabalho com o meio, então τ = 0.
Assim, ΔU = 0 e ΔT = 0, ou seja, não há variação de temperatura.
b) ΔStotal
= ΔSgás
+ ΔSambiente
, mas ΔSambiente
= 0; assim:
ΔStotal
= ΔSgás
= 2,3 n R log10
Vf
Vi
sendo Vi
= V0
, Vf
=
V0
1000
e ΔStotal
= 2,3 n R log10
10–3
ΔT = 0
Como ΔStotal
Ͻ 0, de acordo com a 2a
Lei da Termodinâmica, é im-
possível ocorrer esse processo.
Resposta: a) Não há variação de temperatura; b) é impossível ocor-
rer esse processo.
134 (ITA-SP) Considerando um buraco negro como um sistema ter-
modinâmico, sua energia interna U varia com a sua massa M de acor-
do com a famosa relação de Einstein: ΔU = ΔM c2
. Stephen Hawking
propôs que a entropia S de um buraco negro depende apenas de sua
massa e de algumas constantes fundamentais da natureza. Dessa for-
ma, sabe-se que uma variação de massa acarreta uma variação de en-
tropia dada por:
ΔS
ΔM
= 8π GM
kB
h c
. Supondo que não haja realização
de trabalho com a variação de massa, indique a alternativa que melhor
representa a temperatura absoluta T do buraco negro.
a) T = h c3
/ GM kB
b) T = 8πM c2
/ kB
c) T = M c2
/ 8π kB
d) T = h c3
/ 8π GM kB
e) T = 8π h c3
/ GM kB
Resolução:
Do texto, temos:
ΔS
ΔM
=
8 π G M kB
h c
⇒ ΔS =
ΔM 8 π G M kB
h c
Mas ΔS = Q
T
e Q = ΔU (τ = 0); então,
ΔS = ΔU
T
=
ΔM 8 π G M kB
h c
ΔM c2
T
=
ΔM 8 π G M kB
h · c
,
T = h c3
8 π G M kB
Resposta: d

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