Calculo de primitivas

Concepto de primitiva
POTENCIAS
1. a)
∫1 = x b)
∫2 = 2x c)
∫ = x
2. a)
∫2x = x2 b)
∫x = c)
∫3x =
3. a)
∫7x = b)
∫ = c)
∫ x =
4. a)
∫3x2 = x3 b)
∫x2 = c)
∫2x2 =
5. a)
∫6x5 = x6 b)
∫x5 = c)
∫3x5 = =
6. a) ∫(–1)x–2 = x–1 = b) ∫x–2 = = c) ∫ =
7. a)
∫(k + 1)xk = xk +1 b)
∫xk =
8. a)
∫ x1/2 = x3/2 = b)
∫ =
∫ x1/2 = x3/2 =
9. a)
∫ =
∫ x1/2 = x3/2 = b)
∫7 = 7
∫ =
10. a)
∫ =
∫ =
∫ = =
b)
∫ =
∫ =
∫ = · = =
2√2x3
15
√x32√2
15
√x32
3
√2
5
√x
√2
5
√x
√2
5
√2x
5
2√3x3
3
√x32√3
3
√x√3√x√3√3x
√x314
3
√x√x√x32
3
2
3
3
2
2
3
√x
√x33
2
√x3
2
√x33
2
xk +1
k + 1
–5
x
5
x2
–1
x
x–1
–1
1
x
x6
2
3x6
6
x6
6
2x3
3
x3
3
√
—
2 x2
2
√2x2
6
x
3
7x2
2
3x2
2
x2
2
√2√2
1Unidad 13. Cálculo de primitivas
CÁLCULO
DE PRIMITIVAS
UNIDAD 13

11. a)
∫ x–1/2 = x1/2 = b)
∫ =
12. a) ∫ = 3
∫ = 3 b)
∫ =
∫ =
13. a) ∫ =
∫x3/2 = = b)
∫ =
∫ =
14. a)
∫ = ln |x| b)
∫ =
∫ = ln |5x|
15. a) ∫ = ln |x + 5| b)
∫ =
∫ = ln |2x + 6|
16. a)
∫ =
∫x–3 = = b)
∫ = 2
∫ = =
17. a) ∫ =
∫(x – 3)–3 = =
b)
∫ = 5
∫ =
18. a) ∫ =
∫ =
∫ x1/6 = =
b) ∫ = ∫
6
=
6
∫x1/6 =
6
=
6
Página 353
TRIGONOMÉTRICAS
19. a) ∫cos x = sen x b) ∫2 cos x = 2 sen x
20. a)
∫cos (x + )= sen (x + ) b)
∫cos 2x =
∫2 cos 2x = sen 2x
21. a)
∫(–sen x) = cos x b)
∫sen x = –cos x
22. a) ∫sen (x – π) = –cos (x – π) b)
∫sen 2x =
∫2 sen 2x = cos 2x
–1
2
1
2
1
2
1
2
π
2
π
2
√27x7
25
6
7
6
√x7
√27
25
6
7√27
25√27x3
25x2
√3x
3
√5x
6
√x76
7
x7/6
7/6
x1/2
x1/3
√x
3
√x
–5
2(x – 3)2
1
(x – 3)3
5
(x – 3)3
–1
2(x – 3)2
(x – 3)–2
–2
1
(x – 3)3
–1
x2
–2
2x2
1
x3
2
x3
–1
2x2
x–2
–2
1
x3
3
2
2
2x + 6
3
2
3
2x + 6
1
x + 5
1
5
5
5x
1
5
1
5x
1
x
√7x52
5
√x3√7√7x3√x52
5
x5/2
5/2
√x3
√5x6
5
5
2√5x
6
5
3
√5x
√x
1
2√x
3
2√x
√x
1
2√x
√x1
2

23. a)
∫2 sen x cos x =
∫sen 2x = cos 2x
b) ∫sen x cos x =
∫2 sen x cos x = cos 2x
24. a)
∫(1 + tg2 2x) =
∫2(1 + tg2 2x) = tg 2x
b)
∫tg2 2x =
∫(1 + tg2 2x – 1) =
∫(1 + tg2 2x) –
∫1 = tg 2x – x
25. a)
∫ = arc tg x b)
∫ = 3 arc tg x
26. a)
∫ = arc tg (2x)
b)
∫ =
∫ = arc tg (2x)
27. a) ∫ = arc sen x b)
∫ = arc cos x
EXPONENCIALES
28. a)
∫ex = ex b)
∫ex + 1 = ex + 1
29. a) ∫e2x = ∫2e2x = e2x b) ∫e2x + 1 = ∫2e2x + 1 = e2x + 1
30. a) ∫2x ex2
= ex2
b) ∫x ex2
= ∫2xex2 = ex2
31. a)
∫ax ln a = ax b)
∫ax =
∫ax ln a =
Página 355
1. Calcula las siguientes integrales:
a)
∫7x4 b)
∫ c)
∫
d)
∫ e)
∫ f)
∫
√5x3
3
√3x
3
√
—
x + √
—
5x3
3x
3
√5x2
√x1
x2
ax
ln a
1
ln a
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
–1
√1 – x2
1
√1 – x2
1
2
2
1 + (2x)2
1
2
1
1 + 4x2
2
1 + (2x)2
3
1 + x2
1
1 + x2
1
2
1
2
1
2
–1
4
1
2
–1
2

a)
∫7x4 = 7 + k = + k
b)
∫ =
∫x–2 = + k = + k
c)
∫ =
∫x1/2 = + k = + k
d)
∫ =
∫ x2/3 = + k = + k
e)
∫ =
∫ +
∫ =
∫x–2/3 +
∫x1/2 =
= + + k = + + k
f)
∫ =
∫ =
∫x7/6 = + k = + k
2. Calcula:
a)
∫ b)
∫
c)
∫ d)
∫
a)
∫ =
∫(x3 – 5x + 3 – )= – + 3x – 4 ln |x| + k
b)
∫ =
∫(x3 – x2 – 4x + 7 – )=
= – – 2x2 + 7x – 11 ln |x + 1| + k
c)
∫ =
∫(x2 – 6 + )=
∫(x2 – 6 + + )=
=
∫x2 –
∫6 +
∫ + 2
∫ =
= – 6x + ln (x2 + 1) + 2 arc tg x + k
d)
∫ =
∫(x2 + 2x + 4 + )= + x2 + 4x + 8 ln |x – 2| + k
x3
3
8
x – 2
x3
x – 2
3
2
x3
3
1
x2 + 1
2x
x2 + 1
3
2
2
x2 + 1
3x
x2 + 1
3x + 2
x2 + 1
x4 – 5x2 + 3x – 4
x2 + 1
x3
3
x4
4
11
x + 1
x4 – 5x2 + 3x – 4
x + 1
5x2
2
x4
4
4
x
x4 – 5x2 + 3x – 4
x
x3
x – 2
x4 – 5x2 + 3x – 4
x2 + 1
x4 – 5x2 + 3x – 4
x + 1
x4 – 5x2 + 3x – 4
x
6√
—
5
6
√
—
x13
13
3
√
—
3
x13/6
13/6
√
—
5
3
√
—
3
√
—
5
3
√
—
3
√
—
5 · x3/2
3
√
—
3 · x1/3
√5x3
3
√3x
2√5x3
9
3
√xx3/2
3/2
√5
3
x1/3
1/3
1
3
√5
3
1
3
√
—
5x3/2
3x
x1/3
3x
3
√
—
x + √
—
5x3
3x
3
3
√5x5
5
x5/3
5/3
3
√5
3
√5
3
√5x2
2√x3
3
x3/2
3/2
√x
–1
x
x–1
–1
1
x2
7x5
5
x5
5

1. Calcula:
a) ∫cos4 x sen x dx b)
∫2sen x cos x dx
a)
∫cos4 x sen x dx = –
∫cos4 x (–sen x) dx = – + k
b)
∫2sen x cos x dx =
∫2sen x cos x · ln 2 dx = + k
2. Calcula:
a)
∫cotg x dx b)
∫ dx
a) ∫cotg x dx =
∫ dx = ln |sen x| + k
b)
∫ dx =
∫ dx = arc tg (x2) + k
Página 359
3. Calcula:
∫ dx
Hacemos el cambio x = t6, dx = 6t5 dt:
∫ dx =
∫ 6t5 dt =
∫ dt =
∫ dt = 6
∫ dt =
= 6
∫(t + 1 + )dt = 6
∫( + t – ln |t – 1|)+ k =
= 6( + – ln | – 1|)+ k = 3 + 6 – 6 ln | – 1| + k
4. Calcula:
∫ dx
Hacemos el cambio = t → 1 – x2 = t2 → x =
dx = dt
–t
√1 – t2
√1 – t2√1 – x2
x
√
—
1 – x2
6
√x
6
√x
3
√x
6
√x
6
√x
6
√x2
2
t2
2
1
t – 1
t2
t – 1
6t2
t – 1
6t5
t4 – t3
1
3
√
—
t12 – √
—
t6
1
3
√
—
x2 – √
—
x
1
3
√
—
x2 – √
—
x
5
2
2x
1 + (x2)2
5
2
5x
x4 + 1
cos x
sen x
5x
x4 + 1
2sen x
ln 2
1
ln 2
cos5 x
5

∫ dx =
∫ · dt =
∫–1 dt = –t + k = – + k
Página 360
1. Calcula:
∫x sen x dx
Llamamos I =
∫x sen x dx.
I = –x cos x +
∫cos x dx = –x cos x + sen x + k
2. Calcula:
∫x arc tg x dx
Llamamos I =
∫x arc tg x dx.
u = arc tg x, du = dx
dv = x dx, v =
I = arc tg x –
∫( )dx = arc tg x –
∫(1 – )dx =
= arc tg x – [x – arc tg x] + k = arc tg x – x + arc tg x + k =
= arc tg x – x + k
Página 361
1. Calcula:
∫ dx
∫ dx = ∫(3x + 7 + )dx = + 7x + 29 ln |x – 4| + k
2. Calcula:
∫ dx
∫ dx =
∫( x – + )dx =
= · – x – ln |2x + 1| + k = – x – ln |2x + 1| + k
17
8
13
4
3x2
4
17
8
13
4
x2
2
3
2
17/4
2x + 1
13
4
3
2
3x2 – 5x + 1
2x + 1
3x2 – 5x + 1
2x + 1
3x2
2
29
x – 4
3x2 – 5x + 1
x – 4
3x2 – 5x + 1
x – 4
1
2
x2 + 1
2
1
2
1
2
x2
2
1
2
x2
2
1
1 + x2
1
2
x2
2
x2
1 + x2
1
2
x2
2
x2
2
1
1 + x2



u = x, du = dx
dv = sen x dx, v = –cos x
√1 – x2–t
√1 – t2
√1 – t2
t2
x
√
—
1 – x2








3. Calcula:
a) ∫ dx b)
∫ dx
a) Descomponemos la fracción:
= = + +
=
5x – 3 = A(x – 1)(x + 1) + Bx(x + 1) + Cx(x – 1)
Hallamos A, B y C dando a x los valores 0, 1 y –1:
Así, tenemos que:
∫ dx =
∫( + – )dx = 3 ln|x|+ ln|x – 1| – 4 ln|x + 1| + k
b) Descomponemos la fracción:
= + + =
x2 – 2x + 6 = A(x – 1)2 + B(x – 1) + C
Dando a x los valores 1, 0 y 2, queda:
Por tanto:
∫ dx =
∫( + )dx = ln|x – 1| – + k
4. Calcula:
a)
∫ dx b)
∫ dx
x3 – 4x2 + 4x
x4 – 2x3 – 4x2 + 8x
x3 + 22x2 – 12x + 8
x4 – 4x2
5
2(x – 1)2
5
(x – 1)3
1
x – 1
x2 – 2x + 6
(x – 1)3
A = 1
B = 0
C = 5





x = 1 ⇒ 5 = C
x = 0 ⇒ 6 = A – B + C
x = 2 ⇒ 6 = A + B + C
A(x – 1)2 + B(x – 1) + C
(x – 1)3
C
(x – 1)3
B
(x – 1)2
A
x – 1
x2 – 2x + 6
(x – 1)3
4
x + 1
1
x – 1
3
x
5x – 3
x3 – x





x = 0 ⇒ –3 = –A ⇒ A = 3
x = 1 ⇒ 2 = 2B ⇒ B = 1
x = –1 ⇒ –8 = 2C ⇒ C = –4
A(x – 1)(x + 1) + Bx(x + 1) + Cx(x – 1)
x(x – 1)(x + 1)
5x – 3
x3 – x
C
x + 1
B
x – 1
A
x
5x – 3
x(x – 1)(x + 1)
5x – 3
x3 – x
x2 – 2x + 6
(x – 1)3
5x – 3
x3 – x

a) x4 – 4x2 = x2(x2 – 4) = x2(x – 2)(x + 2)
Descomponemos la fracción:
= + + +
=
=
x3 + 22x2 – 12x + 8 = Ax(x – 2)(x + 2) + B(x – 2)(x + 2) + Cx2(x + 2) + Dx2(x – 2)
Hallamos A, B, C y D dando a x los valores 0, 2, –2 y 1:
Por tanto:
∫ dx =
∫( – + – )dx =
= 3 ln|x| + + 5 ln|x – 2| – 7 ln|x + 2| + k
b) La fracción se puede simplificar:
= =
∫ dx =
∫ dx = ln|x + 2| + k
Página 373
EJERCICIOS Y PROBLEMAS PROPUESTOS
PARA PRACTICAR
1 Calcula las siguientes integrales inmediatas:
a)
∫(4x2 – 5x + 7)dx b)
∫ c)
∫ dx d)
∫(x – sen x)dx
a)
∫(4x2 – 5x + 7)dx = – + 7x + k
b)
∫ =
∫x–1/5 dx = + k = + k
5
5
√x4
4
x4/5
4/5
dx
5
√x
5x2
2
4x3
3
1
2x + 7
dx
5
√x
1
x + 2
x3 – 4x2 + 4x
x4 – 2x3 – 4x2 + 8x
1
x + 2
x (x – 2)2
x (x – 2)2 (x + 2)
x3 – 4x2 + 4x
x4 – 2x3 – 4x2 + 8x
2
x
7
x + 2
5
x – 2
2
x2
3
x
x3 + 22x2 – 12x + 8
x4 – 4x2







x = 0 ⇒ 8 = –4B ⇒ B = –2
x = 2 ⇒ 80 = 16C ⇒ C = 5
x = –2 ⇒ 112 = –16D ⇒ D = –7
x = 1 ⇒ 19 = –3A – 3B + 3C – D ⇒ –3A = –9 ⇒ A = 3
Ax(x – 2)(x + 2) + B(x – 2)(x + 2) + Cx2(x + 2) + Dx2(x – 2)
x2(x – 2)(x + 2)
x3 + 22x2 – 12x + 8
x2(x – 2)(x + 2)
D
x + 2
C
x – 2
B
x2
A
x
x3 + 22x2 – 12x + 8
x2(x – 2)(x + 2)

c)
∫ dx = ln|2x + 7| + k
d)
∫(x – sen x)dx = + cox x + k
2 Resuelve estas integrales:
a)
∫(x2 + 4x) (x2 – 1)dx b)
∫(x – 1)3 dx
c)
∫ dx d)
∫(sen x + ex)dx
a)
∫(x2 + 4x) (x2 – 1)dx =
∫(x4 + 4x3 – x2 – 4x) dx = + x4 – – 2x2 + k
b)
∫(x – 1)3 dx = + k
c)
∫ dx =
∫ x1/2 dx = + k = + k
d)
∫(sen x + ex) dx = –cos x + ex + k
3 Calcula las integrales siguientes:
a)
∫
3
dx b)
∫sen (x – 4)dx c)
∫ dx d)
∫(ex + 3e–x)dx
a)
∫
3
dx =
∫ x1/3 dx = + k =
3
+k
b)
∫sen (x – 4)dx = –cos (x – 4) + k
c)
∫ dx = 7 tg x + k
d)
∫(ex + 3e–x)dx = ex – 3e–x + k
4 Halla estas integrales:
a)
∫ dx b)
∫ c)
∫ dx d)
∫ dx
a)
∫ dx = 2 ln|x| + k
2
x
3
1 + x2
x + √x
x2
dx
x – 1
2
x
7
cos2 x
√x4
2
3
4
x4/3
4/3
1
3
√2
1
3
√2√x
2
7
cos2 x√x
2
2√3x3
3
x3/2
3/2
√3√3√3x
(x – 1)4
4
x3
3
x5
5
√3x
x2
2
1
2
1
2x + 7
S
S

b)
∫ = ln|x – 1| + k
c)
∫ dx =
∫( + x–3/2
)dx = ln|x| – + k
d)
∫ dx = 3 arc tg x + k
5 Resuelve las siguientes integrales:
a)
∫ b)
∫ c)
∫(x – 4)2dx d)
∫
a)
∫ = ln|x – 4| + k
b)
∫ = + k
c)
∫(x – 4)2dx = + k
d)
∫ =
∫(x – 4)–3 dx = + k = + k
6 Halla las siguientes integrales del tipo exponencial:
a)
∫ex – 4 dx b)
∫e–2x + 9 dx c)
∫e5x dx d)
∫(3x – x3)dx
a)
∫ex – 4 dx = ex – 4 + k
b)
∫e–2x + 9 dx =
∫–2e–2x + 9 dx = e–2x + 9 + k
c)
∫e5x dx =
∫5e5x dx = e5x +k
d)
∫(3x – x3)dx = – + k
7 Resuelve las siguientes integrales del tipo arco tangente:
a)
∫ b)
∫ c)
∫ d)
∫
a)
∫ =
∫ dx =
∫ dx = arc tg ( )+ k
x
2
1
2
1/2
1 + (x/2)2
1
2
1/4
1 + (x/2)2
dx
4 + x2
2 dx
1 + 9x2
5 dx
4x2 + 1
4 dx
3 + x2
dx
4 + x2
x4
4
3x
ln 3
1
5
1
5
–1
2
–1
2
–1
2(x – 4)2
(x – 4)–2
–2
dx
(x – 4)3
(x – 4)3
3
–1
(x – 4)
dx
(x – 4)2
dx
x – 4
dx
(x – 4)3
dx
(x – 4)2
dx
x – 4
3
1 + x2
2
√x
1
x
x + √x
x2
dx
x – 1

b)
∫ =
∫ dx =
∫ dx = arc tg ( )+ k
c)
∫ =
∫ = arc tg (2x) + k
d)
∫ =
∫ = arc tg (3x) + k
8 Expresa las siguientes integrales de la forma:
= cociente +
y resuélvelas:
a)
∫ dx b)
∫ dx c)
∫ dx
a)
∫ dx =
∫(x – 6 + )dx = – 6x + 10 ln|x + 1| + k
b)
∫ dx =
∫(x + 1 + )dx = + x + 3 ln|x + 1| + k
c)
∫ dx =
∫(x2 – x – 1 – )dx =
= – – x – 3 ln|x – 2| + k
9 Halla estas integrales sabiendo que son del tipo arco seno:
a)
∫ b)
∫ c)
∫ dx d)
∫
a)
∫ =
∫ = arc sen (2x) + k
b)
∫ =
∫ = arc sen ( )+ k
c)
∫ dx =
∫ dx = arc sen (ex) + k
d)
∫ =
∫ = arc sen (ln|x|) + k
1/x dx
√1 – (ln x)2
dx
x √1 – (ln x)2
ex
√1 – (ex)2
ex
√1 – e2x
x
2
1/2 dx
√1 – (x/2)2
dx
√4 – x2
1
2
2 dx
√1 – (2x)2
1
2
dx
√1 – 4x2
dx
x √1 – (ln x)2
ex
√1 – e2x
dx
√4 – x2
dx
√1 – 4x2
x2
2
x3
3
3
x – 2
x3 – 3x2 + x – 1
x – 2
x2
2
3
x + 1
x2 + 2x + 4
x + 1
x2
2
10
x + 1
x2 – 5x + 4
x + 1
x3 – 3x2 + x – 1
x – 2
x2 + 2x + 4
x + 1
x2 – 5x + 4
x + 1
resto
divisor
dividendo
divisor
2
3
3 dx
1 + (3x)2
2
3
2 dx
1 + 9x2
5
2
2 dx
(2x)2 + 1
5
2
5 dx
4x2 + 1
x
√3
4√3
3
1/√
—
3
1 + (x/√
—
3)2
4√3
3
4/3
1 + (x/√
—
3)2
4 dx
3 + x2

10 Resuelve las integrales siguientes, sabiendo que son de la forma
∫f n(x) · f'(x):
a)
∫cos x sen3 x dx b)
∫2x ex2
dx c)
∫ d)
∫ ln3 x dx
a)
∫cos x sen3 x dx = + k
b)
∫2x ex2
dx = ex2
+ k
c)
∫ =
∫2x(x2 + 3)–5 dx = + k = + k
d)
∫ ln3 x dx = + k
PARA RESOLVER
a)
∫x4 ex5
dx b)
∫x sen x2 dx c)
∫ d)
∫
a)
∫x4 ex5
dx =
∫5x4 ex5
dx = ex5
+ k
b)
∫x sen x2 dx =
∫2x sen x2 dx = cos x2 + k
c)
∫ =
∫ = arc sen ( )+ k
d)
∫ = + k
Página 374
a)
∫sen x cos x dx b)
∫ c)
∫ dx d)
∫ dx
a)
∫sen x cos x dx = + ksen2 x
2
–3x
2 – 6x2
√(x + 3)5sen x dx
cos5 x
√x2 + 5
x dx
√x2 + 5
x
3
1/3 dx
√1 – (x/3)2
dx
√9 – x2
–1
2
1
2
1
5
1
5
x dx
√x2 + 5
dx
√9 – x2
ln4|x|
4
1
x
–1
8(x2 + 3)4
(x2 + 3)–4
–4
1
2
1
2
x dx
(x2 + 3)5
sen4 x
4
1
x
x dx
(x2 + 3)5

b)
∫ = –
∫(–sen x) · cos–5 x dx = + k = + k
c)
∫ dx =
∫(x + 3)5/2 dx = + k = + k
d)
∫ dx =
∫ dx = ln|2 – 6x2| + k
a)
∫ (x – 1)dx b)
∫tg x sec2 x dx
c)
∫ dx d)
∫ sen x dx
a)
∫ (x – 1) dx =
∫ (2x – 2) dx =
∫(x2 – 2x)1/2 (2x – 2) dx =
= + k = + k
b)
∫tg x sec2 x dx = + k
c)
∫ dx =
∫(1 + ln x)2 · dx = + k
d)
∫ sen x dx = –
∫(1 + cos x)3/2 (–sen x) dx = – + k =
= + k
14 Aplica la integración por partes para resolver las siguientes integrales:
a)
∫x ln x dx b)
∫excos x dx c)
∫x2 sen x dx d)
∫x2 e2x dx
e)
∫cos (ln x)dx f)
∫x2 ln x dx g)
∫arc tg x dx h)
∫(x + 1)2 ex dx
a)
∫x ln x dx
∫x ln x dx = ln x –
∫ dx = ln|x| – + k
x2
4
x2
2
x
2
x2
2
1
u = ln x → du = — dx
x
x2
dv = x dx → v = —
2







–2√(1 + cos x)5
5
(1 + cos x)5/2
5/2
√(1 + cos x)3
(1 + ln|x|)3
3
1
x
(1 + ln x)2
x
tg2 x
2
√(x2 – 2x)3
3
(x2 – 2x)3/2
3/2
1
2
1
2
√x2 – 2x1
2
√x2 – 2x
√(1 + cos x)3(1 + ln x)2
x
√x2 – 2x
1
4
–12x
2 – 6x2
1
4
–3x
2 – 6x2
2√(x + 3)7
7
(x + 3)7/2
7/2
√(x + 3)5
1
4 cos4 x
–cos–4 x
–4
sen x dx
cos5 x
S

b)
∫excos x dx
∫ex cos x dx = ex sen x –
∫ex sen x dx
I1
I1 = –ex cos x +
∫ex cos x dx
Por tanto:
∫ex cos x dx = ex sen x + ex cos x –
∫ex cos x dx
2
∫ex cos x dx = ex sen x + ex cos x
∫ex cos x dx = + k
c)
∫x2 sen x dx
∫x2 sen x dx = –x2 cos x +
∫2x cos x dx = –x2 cos x + 2
∫x cos x dx
I1
I1 = x sen x –
∫sen x dx = x sen x + cos x
Por tanto:
∫x2 sen x dx = –x2 cos x + 2x sen x + 2 cos x + k
d)
∫x2 e2x dx
u = x2 → du = 2x dx
1
dv = e2x dx → v = — e2x
2





u1 = x → du1 = dx
dv1 = cos x dx → v1 = sen x



u = x2 → du = 2x dx
dv = sen x dx → v = –cos x



ex sen x + ex cos x
2
u1 = ex → du1 = ex dx
dv1 = sen x dx → v1 = –cos x



u = ex → du = ex dx
dv = cos x dx → v = sen x


















∫x2 e2x dx = e2x –
∫x e2x dx
I1
I1 = e2x –
∫ e2x dx = e2x – e2x
Por tanto:
∫x2 e2x dx = e2x – e2x + e2x + k = ( – + )e2x + k
e)
∫cos (ln x)dx
∫cos (ln x) dx = x cos (ln x) +
∫sen (ln x) dx
I1
I1 = x sen (ln x) –
∫cos (ln x) dx
Por tanto:
∫cos (ln x) dx = x cos (ln x) + x sen (ln x) –
∫cos (ln x) dx
2
∫cos (ln x) dx = x cos (ln x) + x sen (ln x)
∫cos (ln x) dx = + k
f)
∫x2 ln x dx
∫x2 ln x dx = –
∫ dx = – + k
x3
9
x3 ln x
3
x2
3
x3 ln x
3
1
x
x3
dv = x2 dx → v = —
2







x cos (ln x) + x sen (ln x)
2
1
u1 = sen (ln x) → du1 = cos (ln x) · — dx
x
dv1 = dx → v1 = x





1
u = cos (ln x) → du = –sen (ln x) · — dx
x
dv = dx → v = x





1
4
x
2
x2
2
1
4
x
2
x2
2
1
4
x
2
1
2
x
2
u1 = x → du1 = dx
1
dv1 = e2x dx → v1 = — e2x
2





x2
2












g)
∫arc tg x dx
∫arc tg x = x arc tg x –
∫ dx = x arc tg x –
∫ dx =
= x arc tg x – ln (1 + x2) + k
h)
∫(x + 1)2 ex dx
∫(x + 1)2 ex dx = (x + 1)2 ex – 2
∫(x + 1) ex dx
I1
I1 = (x + 1) ex –
∫ex dx = (x + 1) ex – ex = (x + 1 – 1) ex = x ex
Por tanto:
∫(x + 1)2 ex dx = (x + 1)2 ex – 2x ex + k =
= (x2 + 2x + 1 – 2x) ex + k = (x2 + 1) ex + k
15 Calcula
∫cos4 x dx utilizando la expresión: cos2 x = +
cos4 x = ( + )
2
= + + =
= + ( + )+ =
= + + + = + +
Por tanto:
∫cos4 x dx =
∫( + + )dx = x + + + k
sen 2x
2
sen 4x
32
3
8
cos 2x
2
cos 4x
8
3
8
cos 2x
2
cos 4x
8
3
8
cos 2x
2
cos 4x
8
1
8
1
4
cos 2x
2
cos 4x
2
1
2
1
4
1
4
cos 2x
2
cos2 2x
4
1
4
cos 2x
2
1
2
cos 2x
2
1
2
u1 = (x + 1) → du1 = dx
dv1 = ex dx → v1 = ex



u = (x + 1)2 → du = 2(x + 1) dx
dv = ex dx → v = ex



1
2
2x
1 + x2
1
2
1
1 + x2
1
u = arc tg x → du = — dx
1 + x2
dv = dx → v = x













16 Determina el valor de las integrales propuestas en los ejercicios siguientes
utilizando la fórmula de integración por partes:
a)
∫x2 e3x dx b)
∫ dx c)
∫3x cos x dx d)
∫x3 sen x dx
a)
∫x2 e3x dx
∫x2 e3x dx = e3x –
∫x e3x dx
I1
I1 = e3x –
∫e3x dx = e3x – e3x
Por tanto:
∫x2 e3x dx = e3x – e3x + e3x + k = ( – + )e3x + k
b)
∫ dx =
∫x e–x dx
∫ dx = –x e–x +
∫e–x dx = –x e–x – e–x + k = – + k = + k
c)
∫3x cos x dx
∫3x cos x dx = 3x sen x – 3
∫sen x dx = 3x sen x + 3 cos x + k
d)
∫x3 sen x dx
u = x3 → du = 3x2 dx



u = 3x → du = 3 dx



–x – 1
ex
1
ex
–x
ex
x
ex
u = x → du = dx
dv = e–x dx → v = –e–x



x
ex
2
27
2x
9
x2
3
2
27
2x
9
x2
3
1
9
x
3
1
3
x
3
u1 = x → du1 = dx
1
dv1 = e3x dx → v1 = — e3x
3





2
3
x2
3
u = x2 → du = 2x dx
1
dv = e3x dx → v = — e3x
3





x
ex






∫x3 sen x dx = –x3 cos x + 3
∫x2 cos x dx
I1
I1 = x2 sen x – 2
∫x sen x dx
I2
I2 = –x cos x +
∫cos x dx = –x cos x + sen x
Así: I1 = x2 sen x + 2x cos x – 2 sen x
Por tanto:
∫x3 sen x dx = –x3 cos x + 3x2 sen x + 6x cos x – 6 sen x + k
17 Determina el valor de las integrales que se proponen a continuación:
a)
∫x · 2–x dx b)
∫arc cos x dx c)
∫x cos 3x dx d)
∫x5 e–x3
dx
a)
∫x · 2–x dx
∫x 2–x dx = +
∫ dx = +
∫2–x dx =
= – + k
b)
∫arc cos x dx
∫arc cos x dx = x arc cos x –
∫ dx = x arc cos x – + k√1 – x2–x
√1 – x2
–1
u = arc cos x → du = — dx
√
—
1 – x2
dv = dx → v = x





2–x
(ln 2)2
–x · 2–x
ln 2
1
ln 2
–x · 2–x
ln 2
2–x
ln 2
–x · 2–x
ln 2
u = x → du = dx
–2–x
dv = 2–x dx → v = —
ln 2





u2 = x → du2 = dx
dv2 = sen x dx → v2 = –cos x



u1 = x2 → du1 = 2x dx


















c)
∫x cos 3x dx
∫x cos 3x dx = sen 3x –
∫sen 3x dx = sen 3x + cos 3x + k
d)
∫x5 e–x3
dx =
∫x3 · x2 e–x3
dx
u dv
∫x5 e–x3
dx = e–x3
+
∫x2 e–x3
dx = e–x3
– e–x3
+ k =
= e–x3
+ k
18 En el ejercicio resuelto 7 a), se ha calculado la integral
∫sen2 x dx aplican-
do la igualdad:
sen2 x = –
Vamos a obtenerla, ahora, mediante la integración por partes, haciendo:
∫sen2 x dx = –sen x cos x +
∫cos2 x dx
Si con esta nueva integral procedemos como con la anterior, llegaríamos a
una identidad inútil (“se nos va todo”). Compruébalo.
Sin embargo, si hacemos cos2 x = 1 – sen2 x, se resuelve con facilidad. Ter-
mina la integral.
• Si aplicáramos el método de integración por partes a la integral
∫cos2 x dx, ten-
dríamos que:
Por tanto, quedaría:
∫sen2 x dx = –sen x cos x + sen x cos x +
∫sen2 x dx
En efecto, es una identidad inútil (“se nos va todo”).
u = cos x → du = –sen x dx



u = sen x → du = cos x dx



cos 2x
2
1
2
(–x3 – 1)
3
1
3
–x3
3
–x3
3
u = x3 → du = 3x2 dx
–1
dv = x2 e–x3
dx → v = — e–x3
3





1
9
x
3
1
3
x
3
u = x → du = dx
1
dv = cos 3x dx → v = — sen 3x
3










}

• Sin embargo, si hacemos cos2 x = 1 – sen2 x, tenemos que:
∫sen2 x dx = –sen x cos x +
∫(1 – sen2 x) dx =
= –sen x cos x +
∫dx –
∫sen2 x dx = –sen x cos x + x –
∫sen2 x dx
Por tanto:
2
∫sen2 x dx = –sen x cos x + x
∫sen2 x dx = + k = x – sen 2x + k
19 Determina el valor de las integrales racionales propuestas en los siguientes
ejercicios:
a)
∫ dx b)
∫ dx
c)
∫ dx d)
∫ dx
a)
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx = ln (x2 + 1) + 2 arc tg x + k
b)
∫ dx = dx
Descomponemos en fracciones simples:
= + + +
=
1 = A(x – 1)(x + 1)2 + B(x + 1)2 + C(x + 1)(x – 1)2 + D(x – 1)2
Calculamos A, B, C y D, dando a x los valores 1, –1, 0 y 2:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx +
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x – 1| – · + ln|x + 1| – · +k =
1
(x + 1)
1
4
1
4
1
(x + 1)
1
4
–1
4
1/4
(x + 1)2
1/4
(x + 1)
1/4
(x – 1)2
–1/4
(x – 1)
1
(x2 – 1)2
A = –1/4
B = 1/4
C = 1/4
D = 1/4







x = 1 → 1 = 4B → B = 1/4
x = –1 → 1 = 4D → C = 1/4
x = 0 → 1 = –A + B + C + D → 1/2 = –A + C
x = 2 → 1 = 9A + 9B + 3C + D → –3/2 = 9A + 3C → –1/2 = 3A + C
A(x – 1)(x + 1)2 + B(x + 1)2 + C(x + 1)(x – 1)2 + D(x – 1)2
(x – 1)2 (x + 1)2
1
(x – 1)2 (x + 1)2
D
(x + 1)2
C
(x + 1)
B
(x – 1)2
A
(x – 1)
1
(x – 1)2 (x + 1)2
1
(x – 1)2 (x + 1)2
1
(x2 – 1)2
1
2
2
x2 + 1
2x
x2 + 1
1
2
x + 2
x2 + 1
2x2 + 5x – 1
x3 + x2 – 2x
2x2 + 7x – 1
x3 + x2 – x – 1
1
(x2 – 1)2
x + 2
x2 + 1
1
4
1
2
–sen x cos x + x
2

=
[ln|x – 1| + – ln|x + 1| +
]+ k =
=
[ln
  +
]+ k
c)
∫ dx =
∫ dx
= + +
=
2x2 + 7x – 1 = A(x + 1)2 + B(x – 1)(x + 1) + C(x – 1)
Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx = 2 ln|x – 1| – + k
d)
∫ dx =
∫ dx
= + +
=
2x2 + 5x – 1 = A(x – 1)(x + 2) + Bx(x + 2) + Cx(x – 1)
Hallamos A, B y C :





x = 0 → –1 = –2A → A = 1/2
x = 1 → 6 = 3B → B = 2
x = –2 → –3 = 6C → C = –1/2
A(x – 1)(x + 2) + Bx(x + 2) + Cx(x – 1)
x(x – 1)(x + 2)
2x2 + 5x – 1
x(x – 1)(x + 2)
C
x + 2
B
x – 1
A
x
2x2 + 5x – 1
x(x – 1)(x + 2)
2x2 + 5x – 1
x(x – 1)(x + 2)
2x2 + 5x – 1
x3 + x2 – 2x
3
x + 1
3
(x + 1)2
2
x – 1
2x2 + 7x – 1
x3 + x2 – x – 1





x = 1 → 8 = 4A → A = 2
x = –1 → –6 = –2C → C = 3
x = 0 → –1 = A – B – C → B = 0
A(x + 1)2 + B(x – 1)(x + 1) + C(x – 1)
(x – 1)(x + 1)2
2x2 + 7x – 1
(x – 1)(x + 1)2
C
x + 12
B
x + 1
A
x – 1
2x2 + 7x – 1
(x – 1)(x + 1)2
2x2 + 7x – 1
(x – 1)(x + 1)2
2x2 + 7x – 1
x3 + x2 – x – 1
2x
x2 – 1
x – 1
x + 1
–1
4
1
x + 1
1
x – 1
–1
4

Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x|+ 2 ln|x – 1| – ln|x + 2| + k = ln ( )+ k
a)
∫ dx b)
∫ dx
c)
∫ dx d)
∫ dx
a)
∫ dx
= + +
=
2x – 4 = A(x – 1)(x + 3) + B(x + 3) + C (x – 1)2
Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x – 1| + · – ln|x + 3| + k = ln
  + + k
b)
∫ dx
= + =
2x + 3 = A(x + 5) + B(x – 2)
A(x + 5) + B(x – 2)
(x – 2) (x + 5)
B
x + 5
A
x – 2
2x + 3
(x – 2) (x + 5)
2x + 3
(x – 2) (x + 5)
1
2x – 2
x – 1
x + 3
5
8
5
8
1
(x – 1)
1
2
5
8
–5/8
x + 3
–1/2
(x – 1)2
5/8
x – 1
2x – 4
(x – 1)2 (x + 3)





x = 1 → –2 = 4B → B = –1/2
x = –3 → –10 = 16C → C = –5/8
x = 0 → –4 = –3A + 3B + C → A = 5/8
A(x – 1)(x + 3) + B(x + 3) + C (x – 1)2
(x – 1)2 (x + 3)
2x – 4
(x – 1)2 (x + 3)
C
x + 3
B
(x – 1)2
A
x – 1
2x – 4
(x – 1)2 (x + 3)
2x – 4
(x – 1)2 (x + 3)
3x – 2
x2 – 4
1
(x – 1) (x + 3)2
2x + 3
(x – 2) (x + 5)
2x – 4
(x – 1)2 (x + 3)
(x – 1)2√
—
x
√x + 2
1
2
1
2
–1/2
x + 2
2
x – 1
1/2
x
2x2 + 5x – 1
x3 + x2 – 2x

Hallamos A y B:
Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x – 2| + ln|x + 5| + k = ln|(x – 2)(x + 5)| + k
c)
∫ dx
= + +
=
1 = A(x + 3)2 + B(x – 1)(x + 3) + C (x – 1)
Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x – 1| – ln|x + 3| + · + k =
= ln
  + + k
d)
∫ dx =
∫ dx
= + =
3x – 2 = A(x + 2) + B(x – 2)
A(x + 2) + B(x – 2)
(x – 2) (x + 2)
B
x + 2
A
x – 2
3x – 2
(x – 2) (x + 2)
3x – 2
(x – 2) (x + 2)
3x – 2
x2 – 4
1
4(x + 3)
x – 1
x + 3
1
16
1
(x + 3)
1
4
1
16
1
16
–1/4
(x + 3)2
–1/16
x + 3
1/16
x – 1
1
(x – 1) (x + 3)2





x = 1 → 1 = 16A → A = 1/16
x = –3 → 1 = –4C → C = –1/4
x = 0 → 1 = 9A – 3B – C → B = –1/16
A(x + 3)2 + B(x – 1)(x + 3) + C (x – 1)
(x – 1) (x + 3)2
1
(x – 1) (x + 3)2
C
(x + 3)2
B
x + 3
A
x – 1
1
(x – 1) (x + 3)2
1
(x – 1) (x + 3)2
1
x + 5
1
x – 2
2x + 3
(x – 2) (x + 5)



x = 2 → 7 = 7A → A = 1
x = –5 → –7 = –7B → B = 1

Hallamos A y B:
Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x – 2| + 2 ln|x + 2| + k = ln [|x – 2|(x + 2)2
] + k
Página 375
21 Calcula:
a)
∫ b)
∫ dx
c)
∫ dx d)
∫ dx
a)
∫ =
∫
= + =
1 = A(x – 2) + B(x + 1)
Hallamos A y B:
Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x + 1| + ln|x – 2| + k = ln
  + k
b)
∫ dx =
∫(x – 1 + )dx
= + +
C
x + 2
B
x – 1
A
x
3x2 – 6
x(x – 1)(x + 2)
3x2 – 6
x(x – 1)(x + 2)
x4 + 2x – 6
x3 + x2 – 2x
x – 2
x + 1
1
3
1
3
–1
3
1/3
x – 2
–1/3
x + 1
dx
x2 – x – 2



x = –1 → 1 = –3A → A = –1/3
x = 2 → 1 = 3B → B = 1/3
A(x – 2) + B(x + 1)
(x + 1) (x – 2)
B
x – 2
A
x + 1
1
(x + 1) (x – 2)
dx
(x + 1) (x – 2)
dx
x2 – x – 2
2x – 3
x3 – 2x2 – 9x + 18
5x2
x3 – 3x2 + 3x – 1
x4 + 2x – 6
x3 + x2 – 2x
dx
x2 – x – 2
2
x + 2
1
x – 2
3x – 2
x2 – 4



x = 2 → 4 = 4A → A = 1
x = –2 → –8 = –4B → B = 2
S

=
3x2 – 6 = A(x – 1)(x + 2) + Bx(x + 2) + Cx(x – 1)
Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫(x – 1 + – + )dx =
= – x + 3 ln|x| – ln|x – 1| + ln|x + 2| + k =
= – x + ln
  + k
c)
∫ dx =
∫ dx
= + + =
5x2 = A(x – 1)2 + B(x – 1) + C
Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫( + + )dx =
= 5 ln|x – 1| – – + k
d)
∫ dx =
∫ dx
= + +
C
x + 3
B
x – 3
A
x – 2
2x – 3
(x – 2)(x – 3)(x + 3)
2x – 3
(x – 2)(x – 3)(x + 3)
2x – 3
x3 – 2x2 – 9x + 18
5
2(x – 1)2
10
x – 1
5
(x – 1)3
10
(x – 1)2
5
x – 1
5x2
x3 – 3x2 + 3x – 1
A = 5
B = 10
C = 5





x = 1 → 5 = C
x = 2 → 20 = A + B + C
x = 0 → 0 = A – B + C
A(x – 1)2 + B(x – 1) + C
(x – 1)3
C
(x – 1)3
B
(x – 1)2
A
x – 1
5x2
(x – 1)3
5x2
(x – 1)3
5x2
x3 – 3x2 + 3x – 1
x3(x + 2)
x – 1
x2
2
x2
2
1
x + 2
1
x – 1
3
x
x4 + 2x – 6
x3 + x2 – 2x





x = 0 → –6 = –2A → A = 3
x = 1 → –3 = 3B → B = –1
x = –2 → 6 = 6C → C = 1
A(x – 1)(x + 2) + Bx(x + 2) + Cx(x – 1)
x(x – 1)(x + 2)
3x2 – 6
x(x – 1)(x + 2)

=
2x – 3 = A(x – 3)(x + 3) + B(x – 2)(x + 3) + C(x – 2)(x – 3)
Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫( + + )dx =
= ln|x – 2| + ln|x – 3| – ln|x + 3| + k
22 Resuelve las integrales:
a)
∫ dx b)
∫ dx c)
∫ dx
d)
∫ dx e)
∫ dx f)
∫ dx
g)
∫ dx h)
∫ dx
a)
∫ dx =
∫ ln x dx = + k
b)
∫ dx = ln|x + cos x| + k
c)
∫ dx =
∫ dx = ln|ln|x|| + k
d)
∫ dx = ln|ex + x| + k
e)
∫ dx = –
∫ sen ( )dx = cos ( )+ k
f)
∫ dx =
∫(2 – )dx = 2x – 7 ln|x + 2| + k
7
x + 2
2x – 3
x + 2
1
x
1
x
–1
x2
sen (1/x)
x2
1 + ex
ex + x
1/x
ln x
1
x ln x
1 – sen x
x + cos x
ln2|x|
2
1
x
ln x
x
sen x
cos4 x
arc tg x
1 + x2
2x – 3
x + 2
sen (1/x)
x2
1 + ex
ex + x
1
x ln x
1 – sen x
x + cos x
ln x
x
3
10
1
2
–1
5
–3/10
x + 3
1/2
x – 3
–1/5
x – 2
2x – 3
x3 – 2x2 – 9x + 18





x = 2 → 1 = –5A → A = –1/5
x = 3 → 3 = 6B → B = 1/2
x = –3 → –9 = 30C → C = –3/10
A(x – 3)(x + 3) + B(x – 2)(x + 3) + C(x – 2)(x – 3)
(x – 2)(x – 3)(x + 3)
2x – 3
(x – 2)(x – 3)(x + 3)

g)
∫ dx =
∫ arc tg x dx = + k
h)
∫ dx = –
∫(–sen x)(cos x)–4 dx = + k = + k
23 Calcula las integrales indefinidas:
a)
∫ dx b)
∫ln (x – 3)dx c)
∫ dx
d)
∫ln (x2 + 1)dx e)
∫(ln x)2dx f)
∫ex cos exdx
g)
∫ dx h)
∫ dx
a)
∫ dx = –2
∫ (–sen ) dx = –2 cos ( ) + k
b)
∫ln (x – 3)dx
∫ln (x – 3)dx = x ln|x – 3| –
∫ dx = x ln|x – 3| –
∫1 + dx =
= x ln|x – 3| – x – 3 ln|x – 3| + k = (x – 3) ln|x – 3| – x + k
c)
∫ dx
∫ dx = 2√
—
x ln √
—
x –
∫ dx = 2√
—
x ln √
—
x –
∫ dx =
= 2√
—
x ln √
—
x – 2√
—
x + k = 2√
—
x (ln √
—
x – 1) + k
1
√x
2√x
2x
ln √
—
x
√
—
x
1 1 1
u = ln √
—
x → du = — · — = — dx
√
—
x 2√
—
x 2x
1
v = — dx → dv = 2√
—
x
√
—
x







ln √x
√x
3
x – 3
x
x – 3
1
u = ln (x – 3) → du = — dx
x – 3
dv = dx → v = x





√x√x
1
2√x
sen √x
√x
(1 – x)2
1 + x
1
1 – x2
ln √x
√x
sen √x
√x
1
3 cos3 x
–(cos x)–3
–3
sen x
cos4 x
arc tg2 x
2
1
1 + x2
arc tg x
1 + x2

d)
∫ln (x2 + 1)dx
∫ln (x2 + 1) dx = x ln (x2 + 1) –
∫ dx =
= x ln (x2 + 1) –
∫(2 – )dx = x ln (x2 + 1) – 2x + 2 arc tg x + k
e)
∫(ln x)2 dx
∫(ln x)2 dx = x (ln x)2 – 2
∫ln x dx = x ln2|x| – 2 x ln|x| + 2x + k
f)
∫ex cos exdx = sen ex + k
g)
∫ dx =
∫ dx
= + =
Hallamos A y B:
Por tanto:
∫ dx =
∫( + )dx =
= ln|x + 1| + ln|x – 1| + k = ln + k
h)
∫ dx =
∫ dx =
∫(x – 3 + )dx =
= – 3x + 4 ln|x + 1| + kx2
2
4
x + 1
x2 – 2x + 1
x + 1
(1 – x)2
1 + x
√
x + 1
x – 1
1
2
1
2
–1/2
x – 1
1/2
x + 1
1
1 – x2



x = –1 → –1 = –2A → A = 1/2
x = 1 → –1 = 2B → B = –1/2
A(x – 1) + B(x + 1)
(x + 1)(x – 1)
B
x – 1
A
x + 1
–1
(x + 1)(x – 1)
–1
(x + 1)(x – 1)
1
1 – x2
1
u = (ln x)2 → du = 2 (ln x) · — dx
x
dv = dx → v = x





2
x2 + 1
2x2
x2 + 1
2x
u = ln (x2 + 1) → du = — dx
x2 + 1
dv = dx → v = x






24 Resuelve:
a)
∫ dx
☛ En el numerador, suma y resta ex.
b)
∫ dx
☛ Descomponla en suma de otras dos.
a)
∫ dx =
∫ dx =
∫(1 – )= x – ln (1 + ex) + k
b)
∫ dx = –
∫ dx +
∫ dx =
= – + 3
∫ dx = – + 3arc sen ( )+ k
25 Resuelve por sustitución:
a)
∫x dx b)
∫ c)
∫ dx
d)
∫ dx e)
∫ dx f)
∫ dx
☛ a) Haz x + 1 = t2. b) Haz x = t4.
a)
∫x dx
Cambio: x + 2 = t2 → dx = 2t dt
∫x dx =
∫(t2 – 1)t · 2t dt =
∫(2t4 – 2t2) dt = – + k =
= – + k
b)
∫
Cambio: x = t4 → dx = 4t3 dt
∫ =
∫ =
∫ =
∫ = ln|t3 – 1| + k =
= ln| – 1| + k
4
√x34
3
4
3
3t2 dt
t3 – 1
4
3
4t2 dt
t3 – 1
4t3 dt
t4 – t
dx
x –
4
√x
dx
x –
4
√x
2√(x + 1)3
3
2√(x + 1)5
5
2t3
3
2t5
5
√x + 1
√x + 1
√x
1 + x
1
x + √x
1
x √x + 1
x
√x + 1
dx
x –
4
√x
√x + 1
x
3
√9 – x21/3
√1 – (x/3)2
√9 – x2
3
√9 – x2
–x
√9 – x2
x + 3
√9 – x2
ex
1 + ex
1 + ex – ex
1 + ex
1
1 + ex
x + 3
√9 – x2
1
1 + ex
S

c)
∫ dx
∫ dx =
∫ · 2t dt =
∫(2t2 – 2) dt = – 2t + k =
= – 2 + k
d)
∫ dx
∫ dx =
∫ =
∫
= + =
2 = A(t – 1) + B(t + 1)
Hallamos A y B:
Por tanto:
∫ =
∫( + )dt = –ln|t + 1| + ln|t – 1| + k =
= ln
  + k
Así:
∫ dx = ln
 + k
e)
∫ dx
Cambio: x = t2 → dx = 2t dt
∫ dx =
∫ =
∫ = 2 ln|t + 1| + k =
= 2 ln ( + 1) + k√x
2 dt
t + 1
2t dt
t2 + t
1
x + √x
1
x + √x
√x + 1 – 1
√x + 1 + 1
1
x √x + 1
t – 1
t + 1
1
t – 1
–1
t + 1
2 dt
(t + 1)(t – 1)



t = –1 → 2 = –2A → A = –1
t = 1 → 2 = 2B → B = 1
A(t – 1) + B(t + 1)
(t + 1)(t – 1)
B
t – 1
A
t + 1
2
(t + 1)(t – 1)
2 dt
(t + 1)(t – 1)
2t dt
(t2 – 1)t
1
x √x + 1
1
x √x + 1
√x + 1
2√(x + 1)3
3
2t3
3
(t2 – 1)
t
x
√x + 1
x
√x + 1

f)
∫ dx
∫ dx =
∫ =
∫ =
∫(2 – )dt =
= 2t – 2 arc tg t + k = 2 – 2 arc tg + k
26 Resuelve, utilizando un cambio de variable, estas integrales:
a)
∫ dx b)
∫ c)
∫ dx d)
∫ dx
☛ a) Haz sen t = 2x/3.
a)
∫ dx
Cambio: sen t = → x = sen t → dx = cos t dt
∫ dx =
∫ · cos t dt =
∫3 cos t · cos t dt =
=
∫cos2 t dt =
∫( – )dt = ( t + sen 2t)+ k =
= t + sen 2t + k = arc sen ( )+ · 2 sen t cos t + k =
= arc sen ( )+ · + k =
= arc sen ( )+ · + k
b)
∫
Cambio: ex = t → x = ln t → dx = dt
∫ =
∫ dt =
∫ dt =
∫ dt
= + + =
1 = At(t – 3) + B(t – 3) + Ct2
At(t – 3) + B(t – 3) + Ct2
t2(t – 3)
C
t – 3
B
t2
A
t
1
t2(t – 3)
1
t2(t – 3)
1
t3 – 3t2
1/t
t2 – 3t
dx
e2x – 3ex
1
t
dx
e2x – 3ex
√9 – 4x2x
2
2x
3
9
4
4x2
√1 – —
9
2x
3
9
4
2x
3
9
4
9
8
2x
3
9
4
9
8
9
4
1
4
1
2
9
2
cos 2t
2
1
2
9
2
9
2
3
2
3
2
9
√9 – 4 · — sen2 t
4
√9 – 4x2
3
2
3
2
2x
3
√9 – 4x2
1
1 + √x
e3x – ex
e2x + 1
dx
e2x – 3ex√9 – 4x2
√x√x
2
1 + t2
2t2 dt
1 + t2
t · 2t dt
1 + t2
√x
1 + x
√x
1 + x

Hallamos A, B y C :
Así, tenemos que:
∫ dt =
∫( + + )dt =
= ln|t| + + ln|t – 3| + k
Por tanto:
∫ = ln ex + + ln|ex – 3| + k =
= – x + + ln|ex – 3| + k
c)
∫ dx
Cambio: ex = t → x = ln t → dx = dt
∫ dx =
∫ · dt =
∫ dt =
∫(1 – )dt =
= t – 2 arc tg t + k = ex – 2 arc tg (ex) + k
d)
∫ dx
∫ dx =
∫ =
∫(2 – )dt = 2t – 2 ln|1 + t| + k =
= 2 – 2 ln (1 + ) + k
27 Encuentra la primitiva de f (x) = que se anula para x = 0.
F(x) =
∫ dx =
∫ dx = ln|1 + 3x| + k
F(0) = k = 0
Por tanto: F(x) = ln|1 + 3x|
–1
3
1
3
3
1 + 3x
1
3
1
1 + 3x
1
1 + 3x
√x√x
2
1 + t
2t dt
1 + t
1
1 + √x
1
1 + √x
2
t2 + 1
t2 – 1
t2 + 1
1
t
t3 – t
t2 + 1
e3x – ex
e2x + 1
1
t
e3x – ex
e2x + 1
1
9
1
3ex
1
9
1
9
1
3ex
–1
9
dx
e2x – 3ex
1
9
1
3t
–1
9
1/9
t – 3
–1/3
t2
–1/9
t
1
t2(t – 3)





t = 0 → 1 = –3B → B = –1/3
t = 3 → 1 = 9C → C = 1/9
t = 1 → 1 = –2A – 2B + C → A = –1/9
S

28 Halla la función F para la que F'(x) = y F(1) = 2.
F(x) =
∫ dx = + k
F(1) = –1 + k = 2 ⇒ k = 3
Por tanto: F(x) = + 3
29 De todas las primitivas de la función y = 4x – 6, ¿cuál de ellas toma el valor
4 para x = 1?
F(x) =
∫(4x – 6) dx = 2x2 – 6x + k
F(1) = 2 – 6 + k = 4 ⇒ k = 8
Por tanto: F(x) = 2x2 – 6x + 8
30 Halla f (x) sabiendo que f''(x) = 6x, f'(0) = 1 y f (2) = 5.
f'(x) = 3x2 + 1
Por tanto: f (x) = x3 + x – 5
31 Resuelve las siguientes integrales por sustitución:
a)
∫ dx b)
∫ dx
☛ a) Haz = t. b) Haz = t.
a)
∫ dx
Cambio: = t → ex/2 = t → = ln t → dx = dt
∫ =
∫ =
∫ =
∫(–2 + )dt =
= –2t – 2 ln|1 – t| + k = –2 – 2 ln|1 – | + k√ex√ex
2
1 – t
2t dt
1 – t
t2 · (2/t) dt
1 – t
ex
1 – √ex
2
t
x
2
√ex
ex
1 – √ex
√ex – 1√ex
√ex – 1
ex
1 – √ex





f (x) =
∫(3x2 + 1) dx = x3 + x + k
f (2) = 10 + k = 5 ⇒ k = –5





f'(x) =
∫6x dx = 3x2 + c
f'(0) = c = 1
–1
x
–1
x
1
x2
1
x2

b)
∫ dx
Cambio: = t → ex = t2 + 1 → x = ln (t2 + 1) → dx = dt
∫ dx =
∫t · dt =
∫ dt =
∫(2 – )dt =
= 2t – 2 arc tg t + k = 2 – 2 arc tg + k
32 Calcula
∫ dx.
☛ Multiplica numerador y denominador por 1 – cos x.
∫ dx =
∫ dx =
∫ dx =
=
∫ dx =
∫(1 – cos x) dx = x – sen x + k
Página 376
33 Encuentra una primitiva de la función:
f (x) = x2 sen x
cuyo valor para x = π sea 4.
F(x) =
∫x2 sen x dx
Integramos por partes:
F(x) = –x2 cos x + 2
∫x cos x dx
I1
I1 = x sen x –
∫sen x dx = x sen x + cos x
Por tanto:
F(x) = –x2 cos x + 2 x sen x + 2 cos x + 6 – π2



F(x) = –x2 cos x + 2 x sen x + 2 cos x + k
F(π) = π2 – 2 + k = 4 ⇒ k = 6 – π2
u1 = x → du1 = dx



u = x2 → du = 2x dx



sen2 x (1 – cos x)
sen2 x
1 – cos2 x
(1 + cos x)(1 – cos x)
sen2 x
1 + cos x
sen2 x
1 + cos x
√ex – 1√ex – 1
2
t2 + 1
2t2
t2 + 1
2t
t2 + 1
√ex – 1
2t
t2 + 1
√ex – 1
√ex – 1







S

34 Determina la función f (x) sabiendo que:
f''(x) = x ln x, f'(1) = 0 y f (e) =
f'(x) =
∫x ln x dx
Integramos por partes:
f'(x) = ln x –
∫ dx = ln x – + k = (ln x – )+ k
f'(1) = (– )+ k = – + k = 0 ⇒ k =
f'(x) = (ln x – )+
f (x) =
∫[ (ln x – )+
]dx =
∫ (ln x – )dx + x
I
I = (ln x – )–
∫ dx = (ln x – )– + k
Por tanto:
f (x) = (ln x – )– + x + k
f (e) = – + + k = + + k = ⇒ k = –
f (x) = (ln x – )– + x –
e3
36
1
4
x3
18
1
2
x3
6
e3
36
e
4
e
4
e3
36
e
4
e3
18
e3
12
1
4
x3
18
1
2
x3
6
x3
18
1
2
x3
6
x2
6
1
2
x3
6
1 1
u = (ln x – —) → du = — dx
2 x
x2 x3
dv = — dx → v = —
2 6







1
4
1
2
x2
2
1
4
1
2
x2
2
1
4
1
2
x2
2
1
4
1
4
1
2
1
2
1
2
x2
2
x2
4
x2
2
x
2
x2
2
1
x
x2
dv = x dx → v = —
2







e
4

























S

35 Calcula la expresión de una función f(x) tal que f'(x) = x e–x2
y que f(0) = .
f (x) =
∫x e–x2
dx = –
∫–2x e–x2
dx = – e–x2
+ k
f (0) = – + k = ⇒ k = 1
Por tanto: f (x) = – e–x2
+ 1
36 Encuentra la función derivable f : [–1, 1] → Á que cumple f (1) = –1 y
f' (x) =
• Si x ≠ 0:
f (x) =
• Hallamos k y c teniendo en cuenta que f (1) = –1 y que f (x) ha de ser con-
tinua en x = 0.
f (1) = –1 ⇒ e – 1 + c = –1 ⇒ c = –e
f (x) = k
f (x) = 1 – e
Por tanto: f (x) =
37 De una función derivable se sabe que pasa por el punto A(–1, –4) y que su
derivada es:
f'(x) =
a) Halla la expresión de f (x).
b) Obtén la ecuación de la recta tangente a f (x) en x = 2.
a) Si x ≠ 1:
f (x) =
x2
2x – — + k si x < 1
2
ln x + c si x > 1





2 – x si x ≤ 1
1/x si x > 1



x3
— – x2 + 1 – e si –1 ≤ x < 0
3
ex – x – e si 0 ≤ x ≤ 1





lím
x → 0+
lím
x → 0–
x3
— – x2 + k si –1 ≤ x < 0
3
ex – x + c si 0 < x ≤ 1





x2 – 2x si –1 ≤ x < 0
ex – 1 si 0 ≤ x ≤ 1



1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
k = 1 – e





S
S
S

Hallamos k y c teniendo en cuenta que f (–1) = –4 y que f (x) ha de ser con-
tinua en x = 1.
f (–1) = – + k = –4 ⇒ k = –
f (x) = – = 0
f (x) = c
Por tanto: f (x) =
b) f (2) = ln 2; f'(2) =
La ecuación de la recta tangente será: y = ln 2 + (x – 2)
38 Calcula:
a)
∫1 – xdx b)
∫(3 + x)dx c)
∫2x – 1dx d)
∫ – 2
dx
a)
∫1 – xdx
1 – x=
f (x) =
∫1 – xdx =
En x = 1, la función ha de ser continua:
f (x) = + k
f (x) = – + c
Por tanto:
∫1 – xdx =
x2
x – — + k si x < 1
2
x2
–x + — + 1 + k si x ≥ 1
2







1
2
lím
x → 1+
1
2
lím
x → 1–
x2
x – — + k si x < 1
2
x2
–x + — + c si x ≥ 1
2







1 – x si x < 1
–1 + x si x ≥ 1



x
2
1
2
1
2
x2 3
2x – — – — si x < 1
2 2
ln x si x ≥ 1





lím
x → 1+
3
2
3
2
lím
x → 1–
3
2
5
2
c = 0





+ k = – + c ⇒ c = 1 + k
1
2
1
2





S

b)
∫(3 + x)dx
3 + x=
f (x) =
∫(3 + x)dx =
En x = 0, f (x) ha de ser continua:
f (x) = k
f (x) = c
Por tanto:
∫(3 + x)dx =
c)
∫2x – 1dx
2x – 1=
f (x) =
∫2x – 1dx =
f (x) ha de ser continua en x = :
f (x) = + k
f (x) = – + c
Por tanto:
∫2x – 1dx =
1
–x2 + x + k si x < —
2
1 1
x2 – x + — + k si x ≥ —
2 2







1
4
lím
x → (1/2)+
1
4
lím
x → (1/2)–
1
2
1
–x2 + x + k si x < —
2
1
x2 – x + c si x ≥ —
2







–2x + 1 si x < 1/2
2x – 1 si x ≥ 1/2



x2
3x – — + k si x < 0
2
x2
3x + — + k si x ≥ 0
2







lím
x → 0+
lím
x → 0–
x2
3x – — + k si x < 0
2
x2
3x + — + c si x ≥ 0
2







3 – x si x < 0
3 + x si x ≥ 0



c = k





+ k = – + c ⇒ c = + k
1
2
1
4
1
4






d)
∫ – 2
dx
 – 2
=
f (x) =
∫ – 2
dx =
f (x) ha de ser continua en x = 4:
f (x) = 4 + k
f (x) = –4 + c
Por tanto:
∫ – 2
dx =
39 Calcula
∫ dx.
∫ dx =
∫ dx =
=
∫ dx +
∫ dx =
=
∫ dx +
∫ dx = tg x – cotg x + k
CUESTIONES TEÓRICAS
40 Prueba que, si F (x) es una primitiva de f (x) y C un número real cual-
quiera, la función F(x) + C es también una primitiva de f (x).
F(x) primitiva de f (x) ⇔ F'(x) = f (x)
(F(x) + C)' = F'(x) = f (x) ⇒ F(x) + C es primitiva de f (x).
1
sen2 x
1
cos2 x
cos2 x
sen2 x cos2 x
sen2 x
sen2 x cos2 x
sen2 x + cos2 x
sen2 x cos2 x
1
sen2 x cos2 x
1
sen2 x cos2 x
x2
–— + 2x + k si x < 4
4
x2
— – 2x + 8 + k si x ≥ 4
4







x
2
lím
x → 4+
lím
x → 4–
x2
–— + 2x + k si x < 4
4
x2
— – 2x + c si x ≥ 4
4







x
2
x
–— + 2 si x < 4
2
x
— – 2 si x ≥ 4
2







x
2
x
2
4 + k = –4 + c ⇒ c = 8 + k





S

41 Representa tres primitivas de la función f cuya gráfica es
esta:
f (x) = 2 ⇒ F(x) = 2x + k
Por ejemplo:
F1(x) = 2x
F2(x) = 2x + 1
F3(x) = 2x – 1
cuyas gráficas son:
42 Representa tres primitivas de la función f :
f (x) = 2x ⇒ F(x) = x2 + k
Por ejemplo:
F1(x) = x2
F2(x) = x2 + 1
F3(x) = x2 – 1
cuyas gráficas son:
43 Sabes que una primitiva de la función f (x) = es F (x) = ln x. ¿Por qué
se toma el valor absoluto de x?
f (x) = está definida para todo x ≠ 0; y es la derivada de la función:
F(x) =
es decir, de F(x) = ln|x|.
44 En una integral hacemos el cambio de variable ex = t. ¿Cuál es la expresión
de dx en función de t ?
ex = t → x = ln t → dx = dt
1
t
ln x si x > 0
ln (–x) si x < 0



1
x
1
x
f2
F1F2
F3
2
1
1 2 3
–1
4
2
1 2
–1
3
1
5
6
7
8
3 4–4 –3 –2 –1
f
2
1
1

45 Comprueba que:
∫ dx = lnsec x + tg x + k
Tenemos que probar que la derivada de f(x) = ln|sec x + tg x|+ k es f'(x) = .
Derivamos f(x) = ln
 + k:
f'(x) = = =
= =
46 Comprueba que:
∫ dx = lntg x + k
Tenemos que comprobar que la derivada de la función f (x) = ln|tg x| + k es
f'(x) = .
Derivamos f (x):
f'(x) = = =
47 Sin utilizar cálculo de derivadas, prueba que:
F (x) = y G(x) =
son dos primitivas de una misma función.
Si F(x) y G(x) son dos primitivas de una misma función, su diferencia es una
constante. Veámoslo:
F(x) – G(x) = – ( )= = 1
Por tanto, hemos obtenido que: F(x) = G(x) + 1
Luego las dos son primitivas de una misma función.
48 Sean f y g dos funciones continuas y derivables que se diferencian en una
constante. ¿Podemos asegurar que f y g tienen una misma primitiva?
No. Por ejemplo:



f (x) = 2x + 1 → F(x) = x2 + x + k
g(x) = 2x + 2 → G(x) = x2 + 2x + c
1 + x4
1 + x4
–x4
1 + x4
1
1 + x4
–x4
1 + x4
1
1 + x4
1
sen x cos x
1/cos2 x
sen x/cos x
1/cos2 x
tg x
1
sen x cos x
1
sen x cos x
1
cos x
1 + sen x
(1 + sen x) cos x
cos2 x + sen x + sen2 x
cos x
1 + sen x
cos2 x + sen x(1 + sen x)
cos2 x
1 + sen x
cos x
1 + sen x
cos x
1
cos x
1
cos x

f (x) y g(x) son continuas, derivables y se diferencian en una constante (pues
f (x) = g(x) – 1).
Sin embargo, sus primitivas, F(x) y G(x) respectivamente, son distintas, cuales-
quiera que sean los valores de k y c.
Página 377
PARA PROFUNDIZAR
49 Para integrar una función cuyo denominador es un polinomio de segundo
grado sin raíces reales, distinguiremos dos casos:
a) Si el numerador es constante, transformamos el denominador para obte-
ner un binomio al cuadrado. La solución será un arco tangente:
∫ =
∫
(Completa la resolución).
b) Si el numerador es de primer grado, se descompone en un logaritmo ne-
periano y un arco tangente:
∫ =
∫ dx =
∫ dx +
∫
(Completa su resolución).
a)
∫ =
∫ = arc tg(x + 2) + k
b)
∫ =
∫ dx =
∫ dx +
∫ =
= ln (x2 + 2x + 3) + 4
∫ =
= ln (x2 + 2x + 3) + 2
∫ =
= ln (x2 + 2x + 3) + 2
∫ =
= ln (x2 + 2x + 3) + 2 arc tg ( )+ k
x + 1
√2
√21
2
(1/√
—
2 ) dx
x + 1
(—
)2
+ 1
√
—
2
√21
2
dx
x + 1
(—)2
+ 1
√
—
2
1
2
dx
(x + 1)2 + 2
1
2
8 dx
x2 + 2x + 3
1
2
2x + 2
x2 + 2x + 3
1
2
2x + 10
x2 + 2x + 3
1
2
(x + 5)dx
x2 + 2x + 3
dx
(x + 2)2 + 1
dx
x2 + 4x + 5
8 dx
x2 + 2x + 3
1
2
2x + 2
x2 + 2x + 3
1
2
2x + 10
x2 + 2x + 3
1
2
(x + 5)dx
x2 + 2x + 3
dx
(x + 2)2 + 1
dx
x2 + 4x + 5

50 Observa cómo se resuelve esta integral:
I =
∫ dx
x3 + 2x2 + 3x = x (x2 + 2x + 3)
La fracción se descompone así: = +
Obtenemos: A = , B = – , C =
Sustituimos: I =
∫ dx –
∫ dx
(Completa su resolución).
Completamos la resolución:
I =
∫ dx –
∫ dx =
= ln|x| –
∫ dx = ln|x| –
∫ dx =
= ln|x| –
∫ dx +
∫ =
(*)
= ln|x| – ln (x2 + 2x + 3) + arc tg ( )+ k
(*)
(Ver en el ejercicio 49 apartado b) el cálculo de
∫ ).
a)
∫ dx b)
∫ dx c)
∫ dx
d)
∫ dx e)
∫ dx f)
∫
☛ e) Multiplica numerador y denominador por 4.
a)
∫ dx =
∫ dx
= + =
2x – 1 = A(x2 + 1) + Bx2 + Cx
A(x2 + 1) + Bx2 + Cx
x(x2 + 1)
Bx + C
x2 + 1
A
x
2x – 1
x(x2 + 1)
2x – 1
x(x2 + 1)
2x – 1
x3 + x
dx
(x + 1)2 (x2 + 1)
2
x2 + 3x + 4
2x + 10
x2 + x + 1
x2 + 3x + 8
x2 + 9
1
x3 + 1
2x – 1
x3 + x
dx
x2 + 2x + 3
x + 1
√2
√2
3
1
6
1
3
dx
x2 + 2x + 3
2
3
2x – 2
x2 + 2x + 3
1
6
1
3
2x + 2 – 4
x2 + 2x + 3
1
6
1
3
2x – 2
x2 + 2x + 3
1
6
1
3
x – 1
x2 + 2x + 3
1
3
1
x
1
3
x – 1
x2 + 2x + 3
1
3
1
x
1
3
1
3
1
3
1
3
Bx + C
x2 + 2x + 3
A
x
x + 1
x3 + 2x2 + 3x
x + 1
x3 + 2x2 + 3x

Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫( + )dx =
=
∫ dx +
∫ dx + 2
∫ =
= –ln|x| + ln(x2 + 1) + 2 arc tg x + k
b)
∫ dx =
∫
= + =
=
1 = A(x2 – x + 1) + Bx(x + 1) + C(x + 1)
Hallamos A, B y C :
Por tanto:
∫ dx =
∫ dx +
∫ dx =
= ln|x + 1| –
∫ dx =
= ln|x + 1| –
∫ dx =
= ln|x + 1| –
∫ dx =
= ln|x + 1| –
∫ dx +
∫ =dx
x2 – x + 1
1
2
2x – 1
x2 – x + 1
1
6
1
3
2x – 1 – 3
x2 – x + 1
1
6
1
3
2x – 4
x2 – x + 1
1
6
1
3
x – 2
x2 – x + 1
1
3
1
3
1 2
– —x + —
3 3
x2 – x + 1
–1/3
x + 1
1
x3 + 1





x = –1 → 1 = 3A → A = 1/3
x = 0 → 1 = A + C → C = 2/3
x = 1 → 1 = A + 2B + 2C → B = –1/3
A(x2 – x + 1) + Bx(x + 1) + C (x + 1)
(x + 1)(x2 – x + 1)
Bx + C
x2 – x + 1
A
x + 1
1
(x + 1)(x2 – x + 1)
dx
(x + 1)(x2 – x + 1)
1
x3 + 1
1
2
dx
x2 + 1
2x
x2 + 1
1
2
–1
x
x + 2
x2 + 1
–1
x
2x – 1
x3 + x
A = –1
B = 1
C = 2





x = 0 → –1 = A
x = 1 → 1 = 2A + B + C → 3 = B + C
x = –1 → –3 = 2A + B – C → –1 = B – C

= ln|x + 1| – ln(x2 – x + 1) +
∫ =
= ln|x + 1| – ln(x2 – x + 1) +
∫ dx =
= ln|x + 1| – ln(x2 – x + 1) +
∫ dx =
= ln|x + 1| – ln(x2 – x + 1) + arc tg ( )+ k
c)
∫ dx =
∫(1 + )dx = x +
∫ dx –
∫ =
= x +
∫ dx –
∫ dx =
= x + ln(x2 + 9) – arc tg ( )+ k
d)
∫ dx =
∫ dx =
∫ dx + 9
∫ dx =
= ln(x2 + x + 1) + 9
∫ =
= ln(x2 + x + 1) + 6
∫ dx =
= ln(x2 + x + 1) + 6 arc tg ( )+ k
e)
∫ dx =
∫ dx =
∫ dx =
=
∫ dx = ·
∫ dx =
= arc tg ( )+ k
2x + 3
√7
4√7
7
2/√
—
7
2x + 3
(—
)2
+ 1
√
—
7
√7
2
8
7
8/7
2x + 3
(—
)2
+ 1
√
—
7
8
(2x + 3)2 + 7
8
4x2 + 12x + 16
2
x2 + 3x + 4
2x + 1
√3
√3
2/√
—
3
2x + 1
(—
)2
+ 1
√
—
3
√3
dx
1 3
(x + —
)2
+ —
2 4
1
x2 + x + 1
2x + 1
x2 + x + 1
2x + 1 + 9
x2 + x + 1
2x + 10
x2 + x + 1
x
3
1
3
3
2
1/9
(x/3)2 + 1
2x
x2 + 9
3
2
dx
x2 + 9
3x
x2 + 9
3x – 1
x2 + 9
x2 + 3x + 8
x2 + 9
2x – 1
√3
√3
3
1
6
1
3
2/√
—
3
2x – 1
(—
)2
+ 1
√
—
3
√3
3
1
6
1
3
4/3
2x + 1
(—
)2
+ 1
√
—
3
1
2
1
6
1
3
dx
1 3
(x – —)2
+ —
2 4
1
2
1
6
1
3

f)
∫
= + +
1 = A(x + 1)(x2 + 1) + B(x2 + 1) + Cx(x + 1)2 + D(x + 1)2
Hallamos A, B, C y D:
Por tanto:
∫ =
∫( + – · )dx =
= ln|x + 1| – – ln(x2 + 1) + k
PARA PENSAR UN POCO MÁS
52 Se llama ecuación diferencial de primer orden a una ecuación en la que, ade-
más de las variables x e y, figura también y'. Resolver una ecuación dife-
rencial es buscar una función y = f (x) que verifique la ecuación propuesta.
Por ejemplo, la ecuación x y2 + y' = 0 se resuelve así:
y' = –x y2 → = –x y2 → dy = –x y2 dx
Separamos las variables:
= –x dx →
∫ =
∫(–x) dx
– = – + k → y =
Hay infinitas soluciones.
Busca la solución que pasa por el punto (0, 2) y comprueba que la curva que
obtienes verifica la ecuación propuesta.
• Buscamos la solución que pasa por el punto (0, 2):
y = → 2 = ⇒ –4k = 2 ⇒ k =
Por tanto: y = 2
x2 + 1
–1
2
2
–2k
2
x2 – 2k
2
x2 – 2k
x2
2
1
y
dy
y2
dy
y2
dy
dx
1
4
1
2(x + 1)
1
2
x
x2 + 1
1
2
1/2
(x + 1)2
1/2
x + 1
dx
(x + 1)2 (x2 + 1)
A = 1/2
B = 1/2
C = –1/2
D = 0







x = –1 → 1 = 2B → B = 1/2
x = 0 → 1 = A + B + D
x = 1 → 1 = 4A + 2B + 4C + 4D
x = –2 → 1 = –5A + 5B – 2C + D
Cx + D
x2 + 1
B
(x + 1)2
A
x + 1
1
(x + 1)2 (x2 + 1)
dx
(x + 1)2 (x2 + 1)

• Comprobamos que verifica la ecuación xy2 + y' = 0:
xy2 + y' = x ( )2
– = x · – =
= – = 0
53 Resuelve las siguientes ecuaciones:
a) y y' – x = 0 b) y2 y' – x2 = 1 c) y' – x y = 0
d) y' – y = 0 e) y' ey + 1 = ex f) x2 y' + y2 + 1 = 0
a) yy' – x = 0
y' = ⇒ = ⇒ y dy = x dx ⇒
∫y dy =
∫x dx
= + k ⇒ y2 = x2 + 2k
b) y2 y' – x2 = 1
y' = ⇒ = ⇒ y2 dy = (1 + x2) dx
∫y2 dy =
∫(1 + x2) dx ⇒ = x + + k ⇒
⇒ y3 = 3x + x3 + 3k ⇒ y =
c) y' – x y = 0
y' = xy ⇒ = xy ⇒ = x dx ⇒
∫ =
∫x dx
ln|y| = + k ⇒ |y| = e(x2
/2) + k
d) y' – y = 0
y' = ⇒ = ⇒ = ⇒
∫ =
∫
ln|y| = 2 + k ⇒ |y| = e2 + k
e) y' ey + 1 = ex
y' = ⇒ =
ey dy = (ex – 1) dx ⇒
∫ey dy =
∫(ex – 1) dx
ey = ex – x + k ⇒ y = ln(ex – x + k)
ex – 1
ey
dy
dx
ex – 1
ey
√x√x
dx
√x
dy
y
dx
√x
dy
y
y
√x
dy
dx
y
√x
√x
x2
2
dy
y
dy
y
dy
dx
3
√3x + x3 + 3k
x3
3
y3
3
1 + x2
y2
dy
dx
1 + x2
y2
x2
2
y2
2
x
y
dy
dx
x
y
√x
4x
(x2 + 1)2
4x
(x2 + 1)2
4x
(x2 + 1)2
4
(x2 + 1)2
4x
(x2 + 1)2
2
x2 + 1

f) x2 y' + y2 + 1 = 0
y' = ⇒ = ⇒ = dx
∫ =
∫ dx ⇒ arc tg y = + k
y = tg ( + k)1
x
1
x
–1
x2
dy
1 + y2
–1
x2
dy
1 + y2
–(1 + y2)
x2
dy
dx
–1 – y2
x2

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